2016年高考贵州理综物理试题(含答案)下载

<img src=" 的距离，则 A．甲球用的时间比乙球长 B．甲球末速度的大小大于乙球末速度的大小 C．甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小 D．甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功 【答案】BD f  kR 【解析】由已知 设 ① 则受力分析得 F合  mg  f F合  ma ②③4m   R3   ④3ka  g  43由①②③④得  R2   m  m 甲  乙 a  a 由可知 C 错 甲乙甲乙由 v-t 图可知甲乙位移相同，则 第 5 页 共 15 页 5v甲  v乙 t甲  t乙 B 对 A 错 W克服 =f  x D 对 x甲  x乙 f甲  f乙 由功的定义可知 W乙克服 W则甲克服 20．法拉第圆盘发动机的示意图如图所示．铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片 P、Q 分别 与圆盘的边缘和铜轴接触．圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场 B 中．圆盘旋转时，关 21cnjy.com 于流过电阻 R 的电流，下列说法正确的是 A．若圆盘转动的角速度恒定，则电流大小恒定 B．若从上向下看，圆盘顺时针转动，则电流沿 a 到 b 的方向流动 C．若圆盘转动方向不变，角速度大小发生变化，则电流方向可能发生变化 D．若圆盘转动的角速度变为原来的两倍，则电流在 R 上的热功率也变为原来的 2 倍【答案】AB 【解析】将圆盘看成无数幅条组成，它们都在切割磁感线从而产生感应电动势，出现感应电 流：根据右手定则圆盘上感应电流从边缘向中心，则当圆盘顺时针转动时，流过电 21*cnjy*com 阻的电流方向从 a 到 b 1E  BLV  BL2 由法拉第电磁感应定律得感生电动势 A 对，C 错 21E2 RB2 L42 变为 2 倍时，P 变为原来的 4 倍 P  由得当4P  R21．如图，小球套在光滑的竖直杆上，轻弹簧一端固定于 O 点，另一端与小球相连．现将 小球从 M 点由静止释放，它在下降的过程中经过了 N 点，已知在 M、N 两点处，弹簧 πONM  OMN  对小球的弹力大小相等．且 ，在小球从 M 点运动到 N 点的过程中 2A．弹力对小球先做正功后做负功 B．有两个时刻小球的加速度等于重力加速度 C．弹簧长度最短时，弹力对小球做功的功率为零 D．小球到达 N 点时的动能等于其在 M、N 两点的重力势能差 第 6 页 共 15 页 6【答案】BCD 【解析】由题意可知在运动过程中受力如下 小球的位移为 MN M  A 则从 弹簧处于压缩态，则弹力做负功 A  B 从从弹簧从压缩变为原长，弹力做正功 B  N 弹簧从原长到伸长，弹力做负功，则 A 错 在 A 点受力如下 a  g F  mg 则即，B 对 合在 B 点弹簧处于原长则受力如下 FP =F Vcos=0 ，C 对 在 A 点时， 垂直于杆，则 弹弹弹从 M 到 N 小球与弹簧机械能守恒，则 Ek增  EP减 E 0  E  EP重N  EP弹N  EP弹M 即kN P重M 由于 M、N 两点弹簧弹力相同，由胡克定律可知，弹簧形变量相同，则 EP弹N  E  EP重M  E EP弹M ，即 P重N ，D 对. KN 第Ⅱ卷 三、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分．第 22~32 题为必考题．每个试题考生都 【版权所有：21 教育】 必须作答．第 33~40 题为选考题，考生根据要求作答． （一）必考题（共 129 分） 22．（6 分） 某物理小组对轻弹簧的弹性势能进行探究，实验装置如图（a）所示：轻弹簧放置在光滑水 平桌面上，弹簧左端固定，右端与一物块接触而不连接，纸带穿过打点计时器并与物块连 接．向左推物块使弹簧压缩一段距离，由静止释放物块，通过测量和计算，可求得弹簧被压 缩后的弹性势能． 第 7 页 共 15 页 7图 a ⑴ 实验中涉及到下列操作步骤： ①把纸带向左拉直 ②松手释放物块 ③接通打点计时器电源 ④向左推物块使弹簧压缩，并测量弹簧压缩量 上述步骤正确的操作顺序是 （填入代表步骤的序号）． ⑵ 图（b）中 M 和 L 纸带是分别把弹簧压缩到不同位置后所得到的实际打点结果．打点计 时器所用交流电的频率为 50Hz．由 M 纸带所给的数据，可求出在该纸带对应的实验中 m / s 物块脱离弹簧时的速度为 ．比较两纸带可知， （填“M”或“L”） 【来源：21·世纪·教育·网】 纸带对应的实验中弹簧被压缩后的弹性势能大． 【答案】⑴④①③② ⑵1.29 M【解析】：⑴略 2.58  2.57 v  102 1.29m / s ⑵脱离弹簧后物体应该匀速直线运动，则 0.04 由能量守恒可知，物体的末动能越大，则弹簧被压缩时的弹性势能越大，  EPL E则PM 23．（9 分） 某同学利用图（a）所示电路测量量程为 2.5V 的电压表 的内阻（内阻为数千欧姆），可 V○R99999.9 50 ），滑 供选择的器材有：电阻箱 R（最大阻值 ），滑动变阻器 1 （最大阻值 R动变阻器 2 （最大阻值 5k ），直流电源 E（电动势 3V），开关 1 个，导线若干． 图 a 第 8 页 共 15 页 8实验步骤如下： ①按电路原理图（a）连接线路； ②将电阻箱阻值调节为 0，将滑动变阻器的滑片移到与图（a）中最左端所对应的位置，闭 合开关 S； ③调节滑动变阻器，使电压表满偏 ④保持滑动变阻器滑片的位置不变，调节电阻箱阻值，使电压表的示数为 2.00V，记下电阻 箱的阻值． 回答下列问题： R R （填“ 1 ”或“ 2 ”）． ⑴实验中应选择滑动变阻器 ⑵根据图（a）所示电路将图（b）中实物图连线． 图 b 630.0 ⑶实验步骤④中记录的电阻箱阻值为 变，计算可得电压表的内阻为 ，若认为调节电阻箱时滑动变阻器上的分压不 （结果保留到个位）． ⑷如果此电压表是由一个表头和电阻串联构成的，可推断该表头的满刻度电流为 （填 21 世纪教育网版权所有 正确答案标号）． 100A 250A 500A C． A． B． D． 1mA R【答案】⑴ 1⑵⑶ 2520 ⑷ D 【解析】⑴实验原理类比于半偏法测电表内阻 电压表所在支路的总电压应该尽量不变化，即滑动变阻器选最大阻值小的即选 R1⑵ 略 ⑶ 近似认为电压表所在电路的总电压不变，且流过电压表与变阻箱的电流不变， 22.5  2 R  4R  2520 则VRV RU满 2.5 I = 1mA ⑷ 由欧姆定律可知， 满R2520 24．（12 分） 第 9 页 共 15 页 9如图，水平面（纸面）内间距为 l 的平行金属导轨间接一电阻，质量为 m、长度为 l 的金属 t  0 杆置于导轨上． 时，金属杆在水平向右、大小为 F 的恒定拉力作用下由静止开始运 t动． 0 时刻，金属杆进入磁感应强度大小为 B，方向垂直于纸面向里的匀强磁场区域，且在 磁场中恰好能保持匀速运动．杆与导轨的电阻均忽略不计，两者始终保持垂直且接触良好， 21 教育名师原创作品 两者之间的动摩擦因数为 ．重力加速度大小为g．求 ⑴ 金属杆在磁场中运动时产生的电动势的大小； ⑵ 电阻的阻值． Blt0 E  R  F  mg 【答案】⑴ ⑵mB2l2t0 m0 ~ t 【解析】⑴ 由题意可知 0 时间内受力分析如下 F合  F  f f  mg ①②F合  ma 物体做匀加速直线运动 ③v物体匀加进入磁场瞬间的速度为 ，则 v  at ④0E  Blv 由法拉第电磁感应定律可知 ⑤由①②③④⑤可得 Blt0 E  F  mg ⑥m⑵ 金属杆在磁场中的受力如下即 由杆在磁场中匀速直线运动可知 F  F安  f  0 f  mg ⑦⑧F安  BIl E由安培力可知 ⑨I  由欧姆定律可知 ⑩R第 10 页 共 15 页 10 B2l2t0 m由⑥⑦⑧⑨⑩可知 R  25．（20 分） 轻质弹簧原长为 2l，将弹簧竖直放置在地面上，在其顶端将一质量为 5m 的物体由静止释放， 当弹簧被压缩到最短时，弹簧长度为 l，现将该弹簧水平放置，一端固定在 A 点，另一端与 物块 P 接触但不连接．AB 是长度为 5l 的水平轨道，B 端与半径 l 的光滑半圆轨道 BCD 相   0.5 切，半圆的直径 RD 竖直，如图所示，物块 P 与 AB 间的动摩擦因数 ．用外力推动物 块 P，将弹簧压缩至长度 l，然后放开，P 开始沿轨道运动，重力加速度大小为 g． ⑴若 P 的质量为 m，求 P 到达 B 点时的速度的大小，以及它离开圆轨道后落回到 AB 上的 位置与 B 点之间的距离； ⑵若 P 能滑上圆轨道，且仍能沿圆轨道滑下，求 P 的质量的取值范围． E【解析】⑴地面上， P重 转化为 EE， 机 守恒 P弹 E  EP弹 ∴P重 5mgl  E P ，此时弹簧长度为 l E  E  Q A  B ：能量守恒： PKB 15mgl  mvB2  mg  4l  vB  6gl 即211B  D mg 2l  mv2  mv2  v  2gl ：动能定理： DBD22此后，物体做平抛运动： 14l y  2l  gt2  t  2gx  vDt  2 2l v  6gl ∴B 点速度 ，落点与 B 点距离为 2 2l B⑵假设物块质量为 m ' E  E'  Q' A  B 则：能量守恒： pKB 15mgl  m'vB' 2  m'g 4l 25mgl v' 2   2gl 解得： Bm' 5v' ≥0 v' 2 ≥0 m'≤ m若要滑上圆弧，则 ，即 ，解得 BB2若要滑上圆弧还能沿圆弧滑下，则最高不能超过 C 点 E  Q' E 此时 假设恰好到达C 点，则根据能量守恒： ppc 5mgl  m'g 4l  m'gl 5m'  m 解得： 3第 11 页 共 15 页 11 5m'≥ m 故若使物块不超过 C 点， 35352m≤ m'≤ m综上： （二）选考题：共 45 分．请考生从 3 道物理题，3 道化学题，2 道生物题中，每科任选一 21 教育网 道作答，如果多做则每科按所做的第一题计分． 33．【物理——选修 3-3】（15 分） ⑴（5 分）一定量的理想气体从状态 a 开始，经历等温或等压过程 ab、bc、cd、da 回到原状 态，其 p-T 图像如图所示．其中对角线 ac 的延长线过原点 O．下列判断正确的 是．（填正确答案标号．选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分．每选错一个扣 3 【来源：21cnj*y.co*m】 分，最低得分为 0 分） A．气体在 a、c 两状态的体积相等 B．气体在状态 a 时的内能大于它在状态 c 时的内能 C．在过程 cd 中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功 D．在过程 da 中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功 E．在过程 bc 中外界对气体做的功等于在过程 da 中气体对外界做的功 ⑵（10 分）一氧气瓶的容积为 天消耗 1 个大气压的氧气 3 ，开始时瓶中氧气的压强为 20 个大气压．某实验室每 0.08m 3 ．当氧气瓶中的压强降低到 2 个大气压时，需重新充 0.36m 气．若氧气的温度保持不变，求这瓶氧气重新充气前可供该实验室使用多少天． 【答案】（1）ABE （2）4 天 【解析】⑴ A： PV  nRT nR P  T VP  kT V V 即体积 V 不变， ac第 12 页 共 15 页 12 B：理想气体内能是温度 T 的函数 T  T E  E 而故acacC：cd 过程为恒温升压过程，外界对系统做正功，但系统内能不变，故放热，放热 Q W 量外D：da 过程为恒压升温过程，体积增加，对外做功，故吸热 Q W  E 但吸热量 外內Q W 故外W  PV  nRTbc E：bc 过程恒压降温，体积减小 W '  P'V '  nRT da 过程 da T  T 因为 bc da W  W ' 故⑵瓶中气体量 PV  20atm0.08m3 1.6atmm3 剩余气体量 P V 2atm0.08m3  0.16atmm3 剩剩P V用 1atm0.36m3  0.36atmm3 每天用量 用1.6  0.16 n   4 （天） 0.36 34．【物理——选修 3-4】（15 分） ⑴（5 分）关于电磁波，下列说法正确的是 ．（填正确答案标号，选对 1 个得 2 分， 选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分．每选错一个扣 3 分，最低得分为 0 分） A．电磁波在真空中的传播速度与电磁波的频率无关 B．周期性变化的电场和磁场可以相互激发，形成电磁波 C．电磁波在真空中自由传播时，其传播方向与电场强度、磁感应强度均垂直 D．利用电磁波传递信号可以实现无线通信，但电磁波不能通过电缆、光缆传输 E．电磁波可以由电磁振荡产生，若波源的电磁振荡停止，空间的电磁波随即消失 ⑵（10 分）一列简谐横波在介质中沿 x 轴正向传播，波长不小于 10cm．O 和 A 是介质中平 x  0 x  5cm 和t  0 时开始观测，此时质点 O 的位移为 衡位置分别位于 处的两个质点． 1y  4cm t  s t 1s 时，质 ，质点 A 处于波峰位置； 时，质点 O 第一次回到平衡位置， 321·世纪*教育网 点 A 第一次回到平衡位置．求 （ⅰ）简谐波的周期、波速和波长； （ⅱ）质点 O 的位移随时间变化的关系式． 【答案】 ⑴ABC T=4s v  7.5cm / s  30cm ⑵（i） 2521y  0.08sin( t  ) y  0.08cos( t  ) （ii） 或者 63【解析】（1）A 选项，电磁波在真空中传播速度不变，与波长/频率无关 B 选项，电磁波的形成即是变化的电场和变化的磁场互相激发得到 C 选项，电磁波传播方向与电场方向与磁场方向垂直 D 选项，光是一种电磁波，光可在光导纤维中传播 第 13 页 共 15 页 13 E 选项，电磁振荡停止后，电磁波仍会在介质或真空中继续传播 t  0s （2）（i） 时，A 处质点位于波峰位置 t 1s 时，A 处质点第一次回到平衡位置 T1s T=4s ，可知 41t  s 时，O 第一次到平衡位置 3t 1s 时，A 第一次到平衡位置 2sx  5cm 可知波从 O 传到 A 用时 ，传播距离 3xv  7.5cm / s   vT  30cm ，波长 故波速 ty  Asin( t0 ) （ii）设 2 T2  rad/s 可知 又由 1t  s 3y  4cm y  0 ，t  0s 时， ；，50  A  8cm 代入得 ，再结合题意得 62521y  0.08sin( t  ) y  0.08cos( t  ) 故或者 6335．【物理——选修 3-5】（15 分） ⑴（5 分）在下列描述核过程的方程中，属于 衰变的是 于裂变的是 ，属于聚变的是 ．（填正确答案标号） ，属于 衰变的是 ，属 00A．146C  14 N + 1e B． 3125P  32S+ 1e 716 C． 238 U  234Th + 42 He D．174 N + 42 He  17O+ 11H 92 90 8E． 235 U + 01n  140Xe + 94Sr + 201n F． 31H + 2 H  42 He + 0 n 192 54 38 1⑵（10 分）如图，光滑冰面上静止放置一表面光滑的斜面体，斜面体右侧一蹲在滑板上的 3m / s 小孩和其前面的冰块均静止于冰面上．某时刻小孩将冰块以相对冰面 的速度向斜面 （h 小于斜面体 m 10kg ，小孩与滑板 h  0.3m 体推出，冰块平滑地滑上斜面体，在斜面体上上升的最大高度为 m  30kg g 10m / s2 的高度）．已知小孩与滑板的总质量为 始终无相对运动．取重力加速度的大小 ，冰块的质量为 12www-2-1-cnjy-com ．（ⅰ）求斜面体的质量； （ⅱ）通过计算判断，冰块与斜面体分离后能否追上小孩？ ⑵（ⅰ）规定水平向左为正 【解析】⑴ 衰变 C 衰变 AB 裂变 E 聚变 F 对小冰块与鞋面组成的系统 m v = m +M v 由动量守恒： 冰冰冰共121m冰v冰2 = m +M v2  m gh 由能量守恒： 冰共冰2第 14 页 共 15 页 14 v 1m / s M  20kg 解得 共（ii）由动量守恒 m +M v Mv  m v 冰共12M冰m11m冰v冰2 = MvM2  m冰vm2 由能量守恒 22vM  2m / svm  1m / s 联立解得 对小孩和冰块组成的系统： 0  m冰v冰  m小v小 v  1m / svm  v小  1m / s 解得 小即两者速度相同 故追不上 第 15 页 共 15 页 15