2020年全国统一高考数学试卷（文科）（新课标ⅱ）（含解析版）下载

2020 年全国统一高考数学试卷（文科）（新课标Ⅱ） 一、选择题：本题共 12 小题，每小题 5 分，共 60 分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1．（5 分）已知集合 A＝{x||x|＜3，x∈Z}，B＝{x||x|＞1，x∈Z}，则 A∩B＝（　　） A．∅ B．{﹣3，﹣2，2，3} C．{﹣2，0，2} D．{﹣2，2} 2．（5 分）（1﹣i）4＝（　　） A．﹣4 B．4 C．﹣4i D．4i 3．（5 分）如图，将钢琴上的 12 个键依次记为 a1，a2，…，a12．设 1≤i＜j＜k≤12．若 k﹣ j＝3 且 j﹣i＝4，则 ai，aj，ak 为原位大三和弦；若 k﹣j＝4 且 j﹣i＝3，则称 ai，aj，ak 为原位小三和弦．用这 12 个键可以构成的原位大三和弦与原位小三和弦的个数之和为（　　 ）A．5 B．8 C．10 D．15 4．（5 分）在新冠肺炎疫情防控期间，某超市开通网上销售业务，每天能完成 1200 份订单 的配货，由于订单量大幅增加，导致订单积压．为解决困难，许多志愿者踊跃报名参加 配货工作．已知该超市某日积压 500 份订单未配货，预计第二天的新订单超过 1600 份的 概率为 0.05．志愿者每人每天能完成 50 份订单的配货，为使第二天完成积压订单及当日 订单的配货的概率不小于 0.95，则至少需要志愿者（　　） A．10 名 5．（5 分）已知单位向量 ， 的夹角为60°，则在下列向量中，与 垂直的是（　　） A． B．2 +C． ﹣2 D．2 ﹣ B．18 名 C．24 名 D．32 名 6．（5 分）记 Sn 为等比数列{an}的前 n 项和．若 a5﹣a3＝12，a6﹣a4＝24，则 ＝（　　） 第 1 页（共 24 页） A．2n﹣1 B．2﹣21﹣n C．2﹣2n﹣1 D．21﹣n﹣1 7．（5 分）执行如图的程序框图，若输入的 k＝0，a＝0，则输出的 k 为（　　） A．2 B．3 C．4 D．5 8．（5 分）若过点（2，1）的圆与两坐标轴都相切，则圆心到直线 2x﹣y﹣3＝0 的距离为（　　 ）A． B． C． D． 9．（5 分）设 O 为坐标原点，直线 x＝a 与双曲线 C： ﹣＝1（a＞0，b＞0）的两条 渐近线分别交于 D，E 两点．若△ODE 的面积为 8，则 C 的焦距的最小值为（　　） A．4 B．8 C．16 D．32 10．（5 分）设函数 f（x）＝x3﹣ ，则 f（x）（　　） A．是奇函数，且在（0，+∞）单调递增 B．是奇函数，且在（0，+∞）单调递减 C．是偶函数，且在（0，+∞）单调递增 D．是偶函数，且在（0，+∞）单调递减 11．（5 分）已知△ABC 是面积为 的等边三角形，且其顶点都在球 O 的球面上．若球 O 的表面积为 16π，则 O 到平面 ABC 的距离为（　　） A． B． C．1 D． 第 2 页（共 24 页） 12．（5 分）若 2x﹣2y＜3﹣x﹣3﹣y，则（　　） A．ln（y﹣x+1）＞0 B．ln（y﹣x+1）＜0 D．ln|x﹣y|＜0 C．ln|x﹣y|＞0 二、填空题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。 13．（5 分）若 sinx＝﹣ ，则cos2x＝　． 14．（5 分）记 Sn 为等差数列{an}的前 n 项和．若 a1＝﹣2，a2+a6＝2，则 S10＝　 　． 15．（5 分）若 x，y 满足约束条件 16．（5 分）设有下列四个命题： 则 z＝x+2y 的最大值是　 　． p1：两两相交且不过同一点的三条直线必在同一平面内． p2：过空间中任意三点有且仅有一个平面． p3：若空间两条直线不相交，则这两条直线平行． p4：若直线 l⊂平面 α，直线 m⊥平面 α，则 m⊥l． 则下述命题中所有真命题的序号是　 　． ①p1∧p4 ②p1∧p2 ③￢p2∨p3 ④￢p3∨￢p4 三、解答题：共 70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第 17～21 题为必考 题，每个试题考生都必须作答。第 22、23 题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题 ：共 60 分。 17．（12 分）△ABC 的内角 A，B，C 的对边分别为 a，b，c，已知 cos2（ +A）+cosA＝ ．（1）求 A； （2）若 b﹣c＝ a，证明：△ABC 是直角三角形． 第 3 页（共 24 页） 18．（12 分）某沙漠地区经过治理，生态系统得到很大改善，野生动物数量有所增加．为 调查该地区某种野生动物的数量，将其分成面积相近的 200 个地块，从这些地块中用简 单随机抽样的方法抽取 20 个作为样区，调查得到样本数据（xi，yi）（i＝1，2，…，20） ，其中 xi 和 yi 分别表示第 i 个样区的植物覆盖面积（单位：公顷）和这种野生动物的数 22量，并计算得 xi＝60， yi＝1200， （xi﹣ ）＝80， （yi﹣ ）＝9000， （xi﹣ ）（yi﹣ ）＝800． （1）求该地区这种野生动物数量的估计值（这种野生动物数量的估计值等于样区这种野 生动物数量的平均数乘以地块数）； （2）求样本（xi，yi）（i＝1，2，…，20）的相关系数（精确到 0.01）； （3）根据现有统计资料，各地块间植物覆盖面积差异很大．为提高样本的代表性以获得 该地区这种野生动物数量更准确的估计，请给出一种你认为更合理的抽样方法，并说明 理由． 附：相关系数 r＝ ，≈1.414． 第 4 页（共 24 页） 19．（12 分）已知椭圆 C1： +＝1（a＞b＞0）的右焦点 F 与抛物线 C2 的焦点重合， C1 的中心与 C2 的顶点重合．过 F 且与 x 轴垂直的直线交 C1 于 A，B 两点，交 C2 于 C， D 两点，且|CD|＝ |AB|． （1）求 C1 的离心率； （2）若 C1 的四个顶点到 C2 的准线距离之和为 12，求 C1 与 C2 的标准方程． 20．（12 分）如图，已知三棱柱 ABC﹣A1B1C1 的底面是正三角形，侧面 BB1C1C 是矩形，M ，N 分别为 BC，B1C1 的中点，P 为 AM 上一点．过 B1C1 和 P 的平面交 AB 于 E，交 AC 于 F． （1）证明：AA1∥MN，且平面 A1AMN⊥平面 EB1C1F； （2）设 O 为△A1B1C1 的中心．若 AO＝AB＝6，AO∥平面 EB1C1F，且∠MPN＝ 四棱锥 B﹣EB1C1F 的体积． ，求 第 5 页（共 24 页） 21．（12 分）已知函数 f（x）＝2lnx+1． （1）若 f（x）≤2x+c，求 c 的取值范围； （2）设 a＞0，讨论函数 g（x）＝ 的单调性． （二）选考题：共 10 分。请考生在第 22、23 题中任选一题作答。如果多做，则按所做的 第一题计分。[选修 4-4：坐标系与参数方程]（10 分） 22．（10 分）已知曲线 C1，C2 的参数方程分别为 C1： （θ 为参数），C2： （t 为参数）． （1）将 C1，C2 的参数方程化为普通方程； （2）以坐标原点为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系．设 C1，C2 的交点为 P，求圆 心在极轴上，且经过极点和 P 的圆的极坐标方程． [选修 4-5：不等式选讲]（10 分） 23．已知函数 f（x）＝|x﹣a2|+|x﹣2a+1|． （1）当 a＝2 时，求不等式 f（x）≥4 的解集； （2）若 f（x）≥4，求 a 的取值范围． 第 6 页（共 24 页） 2020 年全国统一高考数学试卷（文科）（新课标Ⅱ） 参考答案与试题解析 一、选择题：本题共 12 小题，每小题 5 分，共 60 分。在每小题给出的四个选项中，只有 一项是符合题目要求的。 1．（5 分）已知集合 A＝{x||x|＜3，x∈Z}，B＝{x||x|＞1，x∈Z}，则 A∩B＝（　　） A．∅ B．{﹣3，﹣2，2，3} C．{﹣2，0，2} D．{﹣2，2} 【分析】求出集合 A，B，由此能求出 A∩B． 【解答】解：集合 A＝{x||x|＜3，x∈Z}＝{x|﹣3＜x＜3，x∈Z}＝{﹣2，﹣1，1，2}， B＝{x||x|＞1，x∈Z}＝{x|x＜﹣1 或 x＞1，x∈Z}， ∴A∩B＝{﹣2，2}． 故选：D． 【点评】本题考查交集的求法，考查交集定义等基础知识，考查运算求解能力，是基础 题． 2．（5 分）（1﹣i）4＝（　　） A．﹣4 B．4 C．﹣4i D．4i 【分析】直接利用复数代数形式的乘除运算化简得答案． 【解答】解：（1﹣i）4＝[（1﹣i）2]2＝（﹣2i）2＝﹣4． 故选：A． 【点评】本题考查复数代数形式的乘除运算，是基础题． 3．（5 分）如图，将钢琴上的 12 个键依次记为 a1，a2，…，a12．设 1≤i＜j＜k≤12．若 k﹣ j＝3 且 j﹣i＝4，则 ai，aj，ak 为原位大三和弦；若 k﹣j＝4 且 j﹣i＝3，则称 ai，aj，ak 为原位小三和弦．用这 12 个键可以构成的原位大三和弦与原位小三和弦的个数之和为（　　 ）第 7 页（共 24 页） A．5 B．8 C．10 D．15 【分析】由原位大三和弦、原位小三和弦的定义，运用列举法，即可得到所求和． 【解答】解：若 k﹣j＝3 且 j﹣i＝4，则 ai，aj，ak 为原位大三和弦， 即有 i＝1，j＝5，k＝8；i＝2，j＝6，k＝9；i＝3，j＝7，k＝10；i＝4，j＝8，k＝11；i＝ 5，j＝9，k＝12，共 5 个； 若 k﹣j＝4 且 j﹣i＝3，则 ai，aj，ak 为原位小三和弦， 可得 i＝1，j＝4，k＝8；i＝2，j＝5，k＝9；i＝3，j＝6，k＝10；i＝4，j＝7，k＝11；i＝ 5，j＝8，k＝12，共 5 个， 总计 10 个． 故选：C． 【点评】本题是数列在实际问题中的运用，运用列举法是解题的关键，属于基础题． 4．（5 分）在新冠肺炎疫情防控期间，某超市开通网上销售业务，每天能完成 1200 份订单 的配货，由于订单量大幅增加，导致订单积压．为解决困难，许多志愿者踊跃报名参加 配货工作．已知该超市某日积压 500 份订单未配货，预计第二天的新订单超过 1600 份的 概率为 0.05．志愿者每人每天能完成 50 份订单的配货，为使第二天完成积压订单及当日 订单的配货的概率不小于 0.95，则至少需要志愿者（　　） A．10 名 B．18 名 C．24 名 D．32 名 【分析】由题意可得至少需要志愿者为 ＝18 名． 【解答】解：第二天的新订单超过 1600 份的概率为 0.05，就按 1600 份计算， 第二天完成积压订单及当日订单的配货的概率不小于 0.95 就按 1200 份计算， 因为公司可以完成配货 1200 份订单，则至少需要志愿者为 故选：B． ＝18 名， 【点评】本题考查了等可能事件概率的实际应用，属于基础题． 第 8 页（共 24 页） 5．（5 分）已知单位向量 ， 的夹角为60°，则在下列向量中，与 垂直的是（　　） A． B．2 +C． ﹣2 D．2 ﹣ 【分析】利用平面向量的数量积为 0，即可判断两向量是否垂直． 【解答】解：单位向量| |＝| |＝1， • ＝1×1×cos60°＝ 对于 A，（ +2 ） ＝• +2 +2＝ ，所以（+2 ）与 不垂直； 对于 B，（2 + ） ＝2 • + ＝2× +1＝2，所以（2 + ）与 不垂直； 对于 C，（ ﹣2 ） ＝• ﹣2 ﹣2＝﹣ ，所以（﹣2 ）与 不垂直； ，＝＝对于 D，（2 ﹣ ）＝2 • ﹣ ＝2× ﹣1＝0，所以（2 ﹣ ）与 垂直． 故选：D． 【点评】本题考查了判断两向量是否垂直的应用问题，是基础题． 6．（5 分）记 Sn 为等比数列{an}的前 n 项和．若 a5﹣a3＝12，a6﹣a4＝24，则 ＝（　　） A．2n﹣1 B．2﹣21﹣n C．2﹣2n﹣1 D．21﹣n﹣1 【分析】根据等比数列的通项公式求出首项和公比，再根据求和公式即可求出． 【解答】解：设等比数列的公比为 q， ∵a5﹣a3＝12， ∴a6﹣a4＝q（a5﹣a3）， ∴q＝2， ∴a1q4﹣a1q2＝12， ∴12a1＝12， ∴a1＝1， ∴Sn＝ ＝2n﹣1，an＝2n﹣1 ，∴＝＝2﹣21﹣n ，故选：B． 【点评】本题考查了等比数列的通项公式和求和公式，考查了运算求解能力，属于基础 题． 第 9 页（共 24 页） 7．（5 分）执行如图的程序框图，若输入的 k＝0，a＝0，则输出的 k 为（　　） A．2 B．3 C．4 D．5 【分析】由已知中的程序语句可知：该程序的功能是利用循环结构计算 a 的值并输出相 应变量 k 的值，模拟程序的运行过程，分析循环中各变量值的变化情况，可得答案． 【解答】解：模拟程序的运行，可得 k＝0，a＝0 执行循环体，a＝1，k＝1 执行循环体，a＝3，k＝2 执行循环体，a＝7，k＝3 执行循环体，a＝15，k＝4 此时，满足判断框内的条件 a＞10，退出循环，输出 k 的值为 4． 故选：C． 【点评】本题考查了程序框图的应用问题，解题时应模拟程序框图的运行过程，以便得 出正确的结论，是基础题． 8．（5 分）若过点（2，1）的圆与两坐标轴都相切，则圆心到直线 2x﹣y﹣3＝0 的距离为（　　 ）A． B． C． D． 【分析】由已知设圆方程为（x﹣a）2+（y﹣a）2＝a2，（2，1）代入，能求出圆的方程， 第 10 页（共 24 页） 再代入点到直线的距离公式即可． 【解答】解：由题意可得所求的圆在第一象限，设圆心为（a，a），则半径为 a，a＞0． 故圆的方程为（x﹣a）2+（y﹣a）2＝a2，再把点（2，1）代入，求得 a＝5 或 1， 故要求的圆的方程为（x﹣5）2+（y﹣5）2＝25 或（x﹣1）2+（y﹣1）2＝1． 故所求圆的圆心为（5，5）或（1，1）； 故圆心到直线 2x﹣y﹣3＝0 的距离 d＝ ＝或 d＝ ＝；故选：B． 【点评】本题主要考查用待定系数法求圆的标准方程的方法，求出圆心坐标和半径的值， 是解题的关键，属于基础题． 9．（5 分）设 O 为坐标原点，直线 x＝a 与双曲线 C： ﹣＝1（a＞0，b＞0）的两条 渐近线分别交于 D，E 两点．若△ODE 的面积为 8，则 C 的焦距的最小值为（　　） A．4 B．8 C．16 D．32 【分析】根据双曲线的渐近线方程求出点 D，E 的坐标，根据面积求出 ab＝8，再根据基 本不等式即可求解． 【解答】解：由题意可得双曲线的渐近线方程为 y＝± x， 分别将 x＝a，代入可得 y＝±b， 即 D（a，b），E（a，﹣b）， 则 S△ODE ＝ a×2b＝ab＝8， ∴c2＝a2+b2≥2ab＝16，当且仅当 a＝b＝2 时取等号， ∴C 的焦距的最小值为 2×4＝8， 故选：B． 【点评】本题考查了双曲线的方程和基本不等式，以及渐近线方程，属于基础题． 10．（5 分）设函数 f（x）＝x3﹣ ，则f（x）（　　） A．是奇函数，且在（0，+∞）单调递增 B．是奇函数，且在（0，+∞）单调递减 C．是偶函数，且在（0，+∞）单调递增 第 11 页（共 24 页） D．是偶函数，且在（0，+∞）单调递减 【分析】先检验 f（﹣x）与 f（x）的关系即可判断奇偶性，然后结合幂函数的性质可判 断单调性． 【解答】解：因为 f（x）＝x3﹣ 则 f（﹣x）＝﹣x3+ ＝﹣f（x），即 f（x）为奇函数， 根据幂函数的性质可知，y＝x3 在（0，+∞）为增函数，故 y1＝ 数，y2＝﹣ 在（0，+∞）为增函数， ，在（0，+∞）为减函 所以当 x＞0 时，f（x）＝x3﹣ 故选：A． 单调递增， 【点评】本题主要考查了函数奇偶性及单调性的判断，属于基础试题． 11．（5 分）已知△ABC 是面积为 的等边三角形，且其顶点都在球 O 的球面上．若球 O 的表面积为 16π，则 O 到平面 ABC 的距离为（　　） A． B． C．1 D． 【分析】画出图形，利用已知条件求三角形 ABC 的外接圆的半径，然后求解 OO1 即可． 【解答】解：由题意可知图形如图：△ABC 是面积为 的等边三角形，可得 ，∴AB＝BC＝AC＝3， 可得：AO1＝ ＝，球 O 的表面积为 16π， 外接球的半径为：4πR2＝16，解得 R＝2， 所以 O 到平面 ABC 的距离为： 故选：C． ＝1． 第 12 页（共 24 页） 【点评】本题考查球的内接体问题，求解球的半径，以及三角形的外接圆的半径是解题 的关键． 12．（5 分）若 2x﹣2y＜3﹣x﹣3﹣y，则（　　） A．ln（y﹣x+1）＞0 C．ln|x﹣y|＞0 B．ln（y﹣x+1）＜0 D．ln|x﹣y|＜0 【分析】由 2x﹣2y＜3﹣x﹣3﹣y，可得 2x﹣3﹣x＜2y﹣3﹣y，令 f（x）＝2x﹣3﹣x，则 f（x） 在 R 上单调递增，且 f（x）＜f（y），结合函数的单调性可得 x，y 的大小关系，结合选 项即可判断． 【解答】解：由 2x﹣2y＜3﹣x﹣3﹣y，可得 2x﹣3﹣x＜2y﹣3﹣y ，令 f（x）＝2x﹣3﹣x，则 f（x）在 R 上单调递增，且 f（x）＜f（y）， 所以 x＜y，即 y﹣x＞0， 由于 y﹣x+1＞1，故 ln（y﹣x+1）＞ln1＝0， 故选：A． 【点评】本题主要考查了函数的单调性在比较变量大小中的应用，属于基础试题． 二、填空题：本题共 4 小题，每小题 5 分，共 20 分。 13．（5 分）若 sinx＝﹣ ，则cos2x＝　． 【分析】由已知利用二倍角公式化简所求即可计算得解． 【解答】解：∵sinx＝﹣ ∴cos2x＝1﹣2sin2x＝1﹣2×（﹣ ）2＝ 故答案为： ，．．【点评】本题主要考查了二倍角公式在三角函数化简求值中的应用，考查了转化思想， 属于基础题． 第 13 页（共 24 页） 14．（5 分）记 Sn 为等差数列{an}的前 n 项和．若 a1＝﹣2，a2+a6＝2，则 S10＝　25　． 【分析】由已知结合等差数的性质及求和公式即可直接求解． 【解答】解：因为等差数列{an}中，a1＝﹣2，a2+a6＝2a4＝2， 所以 a4＝1， 3d＝a4﹣a1＝3，即 d＝1， 则 S10＝10a1 ＝10×（﹣2）+45×1＝25． 故答案为：25 【点评】本题主要考查了等差数列的性质及求和公式的应用，属于基础试题． 15．（5 分）若 x，y 满足约束条件 则 z＝x+2y 的最大值是　8　． 【分析】作出不等式组对应的平面区域，利用 z 的几何意义，即可得到结论． 【解答】解：作出不等式组对应的平面区域如图： 由 z＝x+2y 得 y＝﹣ x+ z， 平移直线 y＝﹣ x+ z 由图象可知当直线 y＝﹣ x+ z 经过点 A 时，直线 y＝﹣ x+ z的截距最大， 此时 z 最大， 由，解得 A（2，3）， 此时 z＝2+2×3＝8， 故答案为：8． 【点评】本题主要考查线性规划的应用，利用数形结合是解决本题的关键． 第 14 页（共 24 页） 16．（5 分）设有下列四个命题： p1：两两相交且不过同一点的三条直线必在同一平面内． p2：过空间中任意三点有且仅有一个平面． p3：若空间两条直线不相交，则这两条直线平行． p4：若直线 l⊂平面 α，直线 m⊥平面 α，则 m⊥l． 则下述命题中所有真命题的序号是　①③④　． ①p1∧p4 ②p1∧p2 ③￢p2∨p3 ④￢p3∨￢p4 【分析】根据空间中直线与直线，直线与平面的位置关系对四个命题分别判断真假即可 得到答案． 【解答】解：设有下列四个命题： p1：两两相交且不过同一点的三条直线必在同一平面内．根据平面的确定定理可得此命 题为真命题， p2：过空间中任意三点有且仅有一个平面．若三点在一条直线上则有无数平面，此命题 为假命题， p3：若空间两条直线不相交，则这两条直线平行，也有可能异面的情况，此命题为假命 题， p4：若直线 l⊂平面 α，直线 m⊥平面 α，则 m⊥l．由线面垂直的定义可知，此命题为真 命题； 由复合命题的真假可判断①p1∧p4 为真命题，②p1∧p2 为假命题，③￢p2∨p3 为真命题 ，④￢p3∨￢p4 为真命题， 故真命题的序号是：①③④， 故答案为：①③④， 【点评】本题以命题的真假判断为载体，考查了空间中直线与直线，直线与平面的位置 关系，难度不大，属于基础题． 三、解答题：共 70 分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第 17～21 题为必考 题，每个试题考生都必须作答。第 22、23 题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题 ：共 60 分。 第 15 页（共 24 页） 17．（12 分）△ABC 的内角 A，B，C 的对边分别为 a，b，c，已知 cos2（ +A）+cosA＝ ．（1）求 A； （2）若 b﹣c＝ a，证明：△ABC 是直角三角形． 【分析】（1）由已知利用诱导公式，同角三角函数基本关系式化简已知等式可得 sin2A﹣ cosA+ ＝0，解方程得 cosA＝ ，结合范围A∈（0，π），可求 A 的值； （2）由已知利用正弦定理，三角函数恒等变换的应用可求 sin（B﹣ 围 B﹣ ∈（﹣ ），可求B＝ ，即可得证． 【解答】解：（1）∵cos2（ +A）+cosA＝sin2A+cosA＝1﹣cos2A+cosA═ ）＝ ，结合范 ，，∴cos2A﹣cosA+ ＝0，解得 cosA＝ ∵A∈（0，π）， ，∴A＝ （2）证明：∵b﹣c＝ ∴由正弦定理可得 sinB﹣sinC＝ ；a，A＝ ，sinA＝ ，∴sinB﹣sin（ ﹣B）＝sinB﹣ cosB﹣ sinB＝ sinB﹣ cosB＝sin（B﹣ ）＝ ，∵B ，B﹣ ∈（﹣ ，）， ∴B﹣ ＝，可得 B＝ ，可得△ABC 是直角三角形，得证． 【点评】本题主要考查了正弦定理，三角函数恒等变换的应用，考查了计算能力和转化 思想，考查了方程思想的应用，属于基础题． 18．（12 分）某沙漠地区经过治理，生态系统得到很大改善，野生动物数量有所增加．为 调查该地区某种野生动物的数量，将其分成面积相近的 200 个地块，从这些地块中用简 单随机抽样的方法抽取 20 个作为样区，调查得到样本数据（xi，yi）（i＝1，2，…，20） ，其中 xi 和 yi 分别表示第 i 个样区的植物覆盖面积（单位：公顷）和这种野生动物的数 第 16 页（共 24 页） 22量，并计算得 xi＝60， yi＝1200， （xi﹣ ）＝80， （yi﹣ ）＝9000， （xi﹣ ）（yi﹣ ）＝800． （1）求该地区这种野生动物数量的估计值（这种野生动物数量的估计值等于样区这种野 生动物数量的平均数乘以地块数）； （2）求样本（xi，yi）（i＝1，2，…，20）的相关系数（精确到 0.01）； （3）根据现有统计资料，各地块间植物覆盖面积差异很大．为提高样本的代表性以获得 该地区这种野生动物数量更准确的估计，请给出一种你认为更合理的抽样方法，并说明 理由． 附：相关系数 r＝ ，≈1.414． 【分析】（1）由已知数据求得 20 个样区野生动物数量的平均数，乘以 200 得答案； （2）由已知直接利用相关系数公式求解； （3）由各地块间植物覆盖面积差异很大可知更合理的抽样方法是分层抽样． 【解答】解：（1）由已知， ，∴20 个样区野生动物数量的平均数为 ＝60， ∴该地区这种野生动物数量的估计值为 60×200＝12000； （2）∵ ，，，∴r＝ ＝；（3）更合理的抽样方法是分层抽样，根据植物覆盖面积的大小对地块分层，再对 200 个 地块进行分层抽样． 理由如下：由（2）知各样区的这种野生动物数量与植物覆盖面积有很强的正相关．由于 各地块间植物覆盖面积差异很大，从而各地块间这种野生动物数量差异也很大，采用分 第 17 页（共 24 页） 层抽样的方法较好地保持了样本结构与总体结构的一致性，提高了样本的代表性，从而 可以获得该地区这种野生动物数量更准确的估计． 【点评】本题考查简单的随机抽样，考查相关系数的求法，考查计算能力，是基础题． 19．（12 分）已知椭圆 C1： +＝1（a＞b＞0）的右焦点 F 与抛物线 C2 的焦点重合， C1 的中心与 C2 的顶点重合．过 F 且与 x 轴垂直的直线交 C1 于 A，B 两点，交 C2 于 C， D 两点，且|CD|＝ |AB|． （1）求 C1 的离心率； （2）若 C1 的四个顶点到 C2 的准线距离之和为 12，求 C1 与 C2 的标准方程． 【分析】（1）由题意设抛物线的方程，求出焦点坐标，再由题意求切线弦长|CD|，|AB| 的值，再由|CD|＝ |AB|，可得 a，b，c 的关系，由椭圆中，a，b，c 之间的关系求出椭 圆的离心率； （2）由椭圆的方程可得 4 个顶点的坐标，及抛物线的准线方程，进而求出 4 个顶点到准 线的距离，再由（1）的结论求出 a，c 的值，又由椭圆中 a，b，c 之间的关系求出 a，b， c 的值，进而求出椭圆及抛物线的方程． 【解答】解：（1）由题意设抛物线 C2 的方程为：y2＝4cx，焦点坐标 F 为（c，0），因 为 AB⊥x 轴，将 x＝c 代入抛物线的方程可得 y2＝4c2，所以|y|＝2c， 所以弦长|CD|＝4c， 将 x＝c 代入椭圆 C1 的方程可得 y2＝b2（1﹣ ）＝ ，所以|y|＝ ，所以弦长|AB|＝ ，再由|CD|＝ |AB|，可得 4c＝ 整理可得 2c2+3ac﹣2a2＝0，即 2e2+3e﹣2＝0，e∈（0，1），所以解得 e＝ 所以 C1 的离心率为 ，即 3ac＝2b2＝2（a2﹣c2）， ，；（2）由椭圆的方程可得 4 个顶点的坐标分别为：（±a，0），（0，±b）， 而抛物线的准线方程为：x＝﹣c， 第 18 页（共 24 页） 所以由题意可得 2c+a+c+a﹣c＝12，即 a+c＝6，而由（1）可得 c＝2，所以 b2＝a2﹣c2＝16﹣4＝12， ＝ ，所以解得：a＝4， 所以 C1 的标准方程为： +＝1，C2 的标准方程为：y2＝8x． 【点评】本题考查求椭圆，抛物线的方程，及直线与椭圆的综合，属于中档题． 20．（12 分）如图，已知三棱柱 ABC﹣A1B1C1 的底面是正三角形，侧面 BB1C1C 是矩形，M ，N 分别为 BC，B1C1 的中点，P 为 AM 上一点．过 B1C1 和 P 的平面交 AB 于 E，交 AC 于 F． （1）证明：AA1∥MN，且平面 A1AMN⊥平面 EB1C1F； （2）设 O 为△A1B1C1 的中心．若 AO＝AB＝6，AO∥平面 EB1C1F，且∠MPN＝ 四棱锥 B﹣EB1C1F 的体积． ，求 【分析】（1）先求出线线平行，可得线线垂直，即可求线面垂直，最后可得面面垂直； （2）利用体积转化法，可得 •MN，再分别求 MN 即可求结论． 【解答】证明：（1）由题意知 AA1∥BB1∥CC1， ＝＝，又∵侧面 BB1C1C 是矩形且 M，N 分别为 BC，B1C1 的中点， ∴MN∥BB1，BB1⊥BC， ∴MN∥AA1，MN⊥B1C1， 又底面是正三角形， ∴AM⊥BC，A1N1⊥B1C1， 又∵MN∩AM＝M， ∴B1C1⊥平面 A1AMN， 第 19 页（共 24 页） ∵B1C1⊂平面 EB1C1F， ∴平面 A1AMN⊥平面 EB1C1F； 解：（2）∵AO∥平面 EB1C1F，AO⊂平面 A1AMN， 平面 A1AMN∩平面 EB1C1F＝NP， ∴AO∥NP， ∵NO∥AP， ∴AO＝NP＝6，ON＝AP＝ ，过 M 作 MH⊥NP，垂足为 H， ∵平面 A1AMN⊥平面 EB1C1F，平面 A1AMN∩平面 EB1C1F＝NP，MH⊂平面 A1AMN， ∴MH⊥平面 EB1C1F， ∵∠MPN＝ ，∴MH＝MPsin ＝3， （B1C1+EF）•NP＝ （6+2）×6＝24， •MN＝24． ∴∴＝＝＝【点评】本题考查了空间位置关系，线面平行，线面垂直，面面垂直，体积公式，考查 了运算能力和空间想象能力，属于中档题． 21．（12 分）已知函数 f（x）＝2lnx+1． （1）若 f（x）≤2x+c，求 c 的取值范围； （2）设 a＞0，讨论函数 g（x）＝ 的单调性． 【分析】（1）f（x）≤2x+c 等价于 2lnx﹣2x≤c﹣1．设 h（x）＝2lnx﹣2x，利用导数求 其最大值，再由 c﹣1 大于等于 h（x）的最大值，即可求得 c 的取值范围； 第 20 页（共 24 页） （2）g（x）＝ ＝（x＞0，x≠a，a＞0），可得 g′（x）＝ +2lna+2（x＞0），利用导数求得 w（x）≤ 令 w（x）＝﹣ w（a）＝0，即 g′（x）≤0，可得 g（x）在（0，a）和（a，+∞）上单调递减． 【解答】解：（1）f（x）≤2x+c 等价于 2lnx﹣2x≤c﹣1． 设 h（x）＝2lnx﹣2x，h′（x）＝ （x＞0）． 当 x∈（0，1）时，h′（x）＞0，h（x）单调递增， 当 x∈（1，+∞）时，h′（x）＜0，h（x）单调递减， ∴h（x）在 x＝1 时取得极大值也就是最大值为 h（1）＝﹣2， ∴c﹣1≥﹣2，即 c≥﹣1． 则 c 的取值范围为[﹣1，+∞）； （2）g（x）＝ ＝（x＞0，x≠a，a＞0）． ∴g′（x）＝ ＝．令 w（x）＝﹣ 则 w′（x）＝ +2lna+2（x＞0）， ，令 w′（x）＞0，解得 0＜x＜a，令 w′（x）＜0，解得 x＞a， ∴w（x）在（0，a）上单调递增，在（a，+∞）上单调递减． ∴w（x）≤w（a）＝0，即 g′（x）≤0， ∴g（x）在（0，a）和（a，+∞）上单调递减． 【点评】本题考查利用导数研究函数的单调性，考查恒成立问题的求解方法，考查数学 转化思想方法，考查逻辑思维能力与推理论证能力，是中档题． （二）选考题：共 10 分。请考生在第 22、23 题中任选一题作答。如果多做，则按所做的 第一题计分。[选修 4-4：坐标系与参数方程]（10 分） 22．（10 分）已知曲线 C1，C2 的参数方程分别为 C1： （θ 为参数），C2： 第 21 页（共 24 页） （t 为参数）． （1）将 C1，C2 的参数方程化为普通方程； （2）以坐标原点为极点，x 轴正半轴为极轴建立极坐标系．设 C1，C2 的交点为 P，求圆 心在极轴上，且经过极点和 P 的圆的极坐标方程． 【分析】（1）直接利用转换关系的应用，把参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间进 行转换． （2）利用极径的应用和圆的方程的应用求出结果． 【解答】解：（1）曲线 C1，参数方程为： （θ 为参数），转换为直角 坐标方程为：x+y﹣4＝0， 所以 C1 的普通方程为 x+y＝4（0≤x≤4）． 曲线 C2 的参数方程： （t 为参数）． 所以①2﹣②2 整理得直角坐标方程为 所以 C2 的普通方程为 x2﹣y2＝4． ，（2）法一：由 ，得 ，即 P 的直角坐标为（ ）． ，设所求圆的圆心的直角坐标为（x0，0），由题意得 x0 ＝（x0﹣ ）2+ 2解得 x0＝ ，因此，所求圆的极坐标方程为 ρ＝ cosθ． 法二：由 ，整理得 ，解得： ，即 P（ ）． 设圆的方程（x﹣a）2+y2＝r2， 由于圆经过点 P 和原点， 第 22 页（共 24 页） 所以 ，解得 ，故圆的方程为： ．，即 x2+y2 ﹣ x＝0，转换为极坐标方程为 【点评】本题考查的知识要点：参数方程极坐标方程和直角坐标方程之间的转换，极径 的应用，一元二次方程根和系数关系式的应用，主要考查学生的运算能力和转换能力及 思维能力，属于基础题型． [选修 4-5：不等式选讲]（10 分） 23．已知函数 f（x）＝|x﹣a2|+|x﹣2a+1|． （1）当 a＝2 时，求不等式 f（x）≥4 的解集； （2）若 f（x）≥4，求 a 的取值范围． 【分析】（1）把 a＝2 代入函数解析式，写出分段函数，然后对 x 分类求解不等式，取 并集得答案； （2）利用绝对值不等式的性质可得 f（x）＝|x﹣a2|+|x﹣2a+1|≥|x﹣a2﹣（x﹣2a+1）|＝| （a﹣1）2|＝（a﹣1）2．由 f（x）≥4，得（a﹣1）2≥4，求解二次不等式得答案． 【解答】解：（1）当 a＝2 时，f（x）＝|x﹣4|+|x﹣3|＝ ，∴当 x≤3 时，不等式 f（x）≥4 化为﹣2x+7≥4，即 x≤ ，∴x 当 3＜x＜4 时，不等式 f（x）≥4 化为 1≥4，此时 x∈∅； ；．当 x≥4 时，不等式 f（x）≥4 化为 2x﹣7≥4，即 x ，∴x 综上，当 a＝2 时，求不等式 f（x）≥4 的解集为{x|x≤ 或x≥ }； （2）f（x）＝|x﹣a2|+|x﹣2a+1|≥|x﹣a2﹣（x﹣2a+1）|＝|（a﹣1）2|＝（a﹣1）2． 又 f（x）≥4，∴（a﹣1）2≥4， 得 a﹣1≤﹣2 或 a﹣1≥2， 解得：a≤﹣1 或 a≥3． 综上，若 f（x）≥4，则 a 的取值范围是（﹣∞，﹣1]∪[3，+∞）． 【点评】本题考查绝对值不等式的解法，考查分类讨论的数学思想方法，考查绝对值不 第 23 页（共 24 页） 等式的性质，是中档题． 第 24 页（共 24 页）