2008年全国统一高考数学试卷（文科）（全国卷ⅰ）（含解析版）下载

2008 年全国统一高考数学试卷（文科）（全国卷Ⅰ） 一、选择题（共 12 小题，每小题 5 分，满分 60 分） 1．（5 分）函数 y= A．{x|x≤1} +的定义域为（　　） B．{x|x≥0} C．{x|x≥1 或 x≤0} D．{x|0≤x≤1} 2．（5 分）汽车经过启动、加速行驶、匀速行驶、减速行驶之后停车，若把这 一过程中汽车的行驶路程 s 看作时间 t 的函数，其图象可能是（　　） A． B． C． D． 3．（5 分）（1+ ）5 的展开式中 x2 的系数（　　） A．10 B．5 C． 4．（5 分）曲线 y=x3﹣2x+4 在点（1，3）处的切线的倾斜角为（　　） A．30° B．45° C．60° D．120° 5．（5 分）在△ABC 中， = ， = ．若点 D 满足 =2 ，则 =（　　） A． B． C． D． 6．（5 分）y=（sinx﹣cosx）2﹣1 是（　　） D．1 A．最小正周期为 2π 的偶函数 C．最小正周期为 π 的偶函数 B．最小正周期为 2π 的奇函数 D．最小正周期为 π 的奇函数 7．（5 分）已知等比数列{an}满足 a1+a2=3，a2+a3=6，则 a7=（　　） A．64 B．81 C．128 D．243 8．（5 分）若函数 y=f（x）的图象与函数 y=ln 则 f（x）=（　　） 的图象关于直线 y=x 对称， A．e2x﹣2 B．e2x C．e2x+1 D．e2x+2 第 1 页（共 24 页） 9．（5 分）为得到函数 的图象，只需将函数 y=sin2x 的图象（　　） A．向左平移 C．向左平移 个长度单位 个长度单位 B．向右平移 D．向右平移 个长度单位 个长度单位 10．（5 分）若直线 A．a2+b2≤1 =1 与圆 x2+y2=1 有公共点，则（　　） B．a2+b2≥1 C． D． 11．（5 分）已知三棱柱 ABC﹣A1B1C1 的侧棱与底面边长都相等，A1 在底面 ABC 内的射影为△ABC 的中心，则 AB1 与底面 ABC 所成角的正弦值等于（　　） A． B． C． D． 12．（5 分）将 1，2，3 填入 3×3 的方格中，要求每行、每列都没有重复数字， 下面是一种填法，则不同的填写方法共有（　　） A．6 种 B．12 种 C．24 种 D．48 种 　二、填空题（共 4 小题，每小题 5 分，满分 20 分） 13．（5 分）若 x，y 满足约束条件 ，则z=2x﹣y 的最大值为　 14．（5 分）已知抛物线 y=ax2﹣1 的焦点是坐标原点，则以抛物线与两坐标轴的 三个交点为顶点的三角形面积为　． 15．（5 分）在△ABC 中，∠A=90°，tanB= ．若以 A、B 为焦点的椭圆经过点 C 　． ，则该椭圆的离心率 e=　 　． 第 2 页（共 24 页） 16．（5 分）已知菱形 ABCD 中，AB=2，∠A=120°，沿对角线 BD 将△ABD 折起， 使二面角 A﹣BD﹣C 为 120°，则点 A 到△BCD 所在平面的距离等于　． 　三、解答题（共 6 小题，满分 70 分） 17．（10 分）设△ABC 的内角 A、B、C 所对的边长分别为 a、b、c，且 acosB=3 ，bsinA=4． （Ⅰ）求边长 a； （Ⅱ）若△ABC 的面积 S=10，求△ABC 的周长 l． 18．（12 分）四棱锥 A﹣BCDE 中，底面 BCDE 为矩形，侧面 ABC⊥底面 BCDE，BC=2 ，，AB=AC． （Ⅰ）证明：AD⊥CE； （Ⅱ）设 CE 与平面 ABE 所成的角为 45°，求二面角 C﹣AD﹣E 的大小． 19．（12 分）在数列{an}中，a1=1，an+1=2an+2n． （Ⅰ）设 bn= ．证明：数列{bn}是等差数列； （Ⅱ）求数列{an}的前 n 项和 Sn． 第 3 页（共 24 页） 20．（12 分）已知 5 只动物中有 1 只患有某种疾病，需要通过化验血液来确定 患病的动物．血液化验结果呈阳性的即为患病动物，呈阴性即没患病．下面 是两种化验方案： 方案甲：逐个化验，直到能确定患病动物为止． 方案乙：先任取 3 只，将它们的血液混在一起化验．若结果呈阳性则表明患病动 物为这 3 只中的 1 只，然后再逐个化验，直到能确定患病动物为止；若结果 呈阴性则在另外 2 只中任取 1 只化验． 求依方案甲所需化验次数不少于依方案乙所需化验次数的概率． 21．（12 分）已知函数 f（x）=﹣x2+ax+1﹣lnx． （Ⅰ）当 a=3 时，求函数 f（x）的单调递增区间； （Ⅱ）若 f（x）在区间（0， ）上是减函数，求实数a 的取值范围． 22．（12 分）双曲线的中心为原点 O，焦点在 x 轴上，两条渐近线分别为 l1，l2， 经过右焦点 F 垂直于 l1 的直线分别交 l1，l2 于 A，B 两点．已知| |、| |、 ||成等差数列，且 与同向． （Ⅰ）求双曲线的离心率； （Ⅱ）设 AB 被双曲线所截得的线段的长为 4，求双曲线的方程． 第 4 页（共 24 页） 　第 5 页（共 24 页） 2008 年全国统一高考数学试卷（文科）（全国卷Ⅰ） 参考答案与试题解析 　一、选择题（共 12 小题，每小题 5 分，满分 60 分） 1．（5 分）函数 y= A．{x|x≤1} +的定义域为（　　） B．{x|x≥0} C．{x|x≥1 或 x≤0} D．{x|0≤x≤1} 【考点】33：函数的定义域及其求法．菁优网版权所有 【专题】51：函数的性质及应用． 【分析】保证两个根式都有意义的自变量 x 的集合为函数的定义域． 【解答】解：要使原函数有意义，则需 ，解得 0≤x≤1， 所以，原函数定义域为[0，1]． 故选：D． 【点评】本题考查了函数定义域的求法，求解函数的定义域，是求使的构成函数 解析式的各个部分都有意义的自变量 x 的取值集合． 　2．（5 分）汽车经过启动、加速行驶、匀速行驶、减速行驶之后停车，若把这 一过程中汽车的行驶路程 s 看作时间 t 的函数，其图象可能是（　　） A． B． D． C． 【考点】3A：函数的图象与图象的变换．菁优网版权所有 第 6 页（共 24 页） 【专题】16：压轴题；31：数形结合． 【分析】由已知中汽车经过启动、加速行驶、匀速行驶、减速行驶之后停车，汽 车的行驶路程 s 看作时间 t 的函数，我们可以根据实际分析函数值 S（路程） 与自变量 t（时间）之间变化趋势，分析四个答案即可得到结论． 【解答】解：由汽车经过启动后的加速行驶阶段， 路程随时间上升的速度越来越快， 故图象的前边部分为凹升的形状； 在汽车的匀速行驶阶段， 路程随时间上升的速度保持不变 故图象的中间部分为平升的形状； 在汽车减速行驶之后停车阶段， 路程随时间上升的速度越来越慢， 故图象的前边部分为凸升的形状； 分析四个答案中的图象， 只有 A 答案满足要求， 故选：A． 【点评】从左向右看图象，如果图象是凸起上升的，表明相应的量增长速度越来 越慢；如果图象是凹陷上升的，表明相应的量增长速度越来越快；如果图象 是直线上升的，表明相应的量增长速度保持不变；如果图象是水平直线，表 明相应的量保持不变，即不增长也不降低；如果图象是凸起下降的，表明相 应的量降低速度越来越快；如果图象是凹陷下降的，表明相应的量降低速度 越来越慢；如果图象是直线下降的，表明相应的量降低速度保持不变． 　3．（5 分）（1+ ）5 的展开式中 x2 的系数（　　） A．10 B．5 C． D．1 【考点】DA：二项式定理．菁优网版权所有 【专题】11：计算题． 【分析】利用二项展开式的通项公式求出展开式中 x2 的系数 第 7 页（共 24 页） 【解答】解： ，故选：C． 【点评】本题主要考查了利用待定系数法或生成法求二项式中指定项． 　4．（5 分）曲线 y=x3﹣2x+4 在点（1，3）处的切线的倾斜角为（　　） A．30° B．45° C．60° D．120° 【考点】6H：利用导数研究曲线上某点切线方程．菁优网版权所有 【专题】11：计算题． 【分析】欲求在点（1，3）处的切线倾斜角，先根据导数的几何意义可知 k=y′|x=1 ，再结合正切函数的值求出角 α 的值即可． 【解答】解：y′=3×2﹣2，切线的斜率 k=3×12﹣2=1．故倾斜角为 45°． 故选：B． 【点评】本题考查了导数的几何意义，以及利用正切函数的图象求倾斜角，本题 属于容易题． 　5．（5 分）在△ABC 中， = ， = ．若点 D 满足 =2 ，则 =（　　） A． B． C． D． 【考点】9B：向量加减混合运算．菁优网版权所有 【分析】把向量用一组向量来表示，做法是从要求向量的起点出发，尽量沿着已 知向量，走到要求向量的终点，把整个过程写下来，即为所求．本题也可以 根据 D 点把 BC 分成一比二的两部分入手． 【解答】解：∵由 ∴，，∴．故选：A． 第 8 页（共 24 页） 【点评】用一组向量来表示一个向量，是以后解题过程中常见到的，向量的加减 运算是用向量解决问题的基础，要学好运算，才能用向量解决立体几何问题， 三角函数问题，好多问题都是以向量为载体的 　6．（5 分）y=（sinx﹣cosx）2﹣1 是（　　） A．最小正周期为 2π 的偶函数 C．最小正周期为 π 的偶函数 B．最小正周期为 2π 的奇函数 D．最小正周期为 π 的奇函数 【考点】GG：同角三角函数间的基本关系．菁优网版权所有 【分析】把三角函数式整理，平方展开，合并同类项，逆用正弦的二倍角公式， 得到 y=Asin（ωx+φ）的形式，这样就可以进行三角函数性质的运算． 【解答】解：∵y=（sinx﹣cosx）2﹣1 =1﹣2sinxcosx﹣1 =﹣sin2x， ∴T=π 且为奇函数， 故选：D． 【点评】同角三角函数的基本关系式揭示了同一个角的六种三角函数间的相互 关系，其主要应用于同角三角函数的求值和同角三角函数之间的化简和证明． 单在应用这些关系式子的时候就要注意公式成立的前提是角对应的三角函数 要有意义． 　7．（5 分）已知等比数列{an}满足 a1+a2=3，a2+a3=6，则 a7=（　　） A．64 B．81 C．128 D．243 【考点】87：等比数列的性质．菁优网版权所有 【分析】由 a1+a2=3，a2+a3=6 的关系求得 q，进而求得 a1，再由等比数列通项公 式求解． 【解答】解：由 a2+a3=q（a1+a2）=3q=6， 第 9 页（共 24 页） ∴q=2， ∴a1（1+q）=3， ∴a1=1， ∴a7=26=64． 故选：A． 【点评】本题主要考查了等比数列的通项及整体运算． 　8．（5 分）若函数 y=f（x）的图象与函数 y=ln 则 f（x）=（　　） 的图象关于直线 y=x 对称， A．e2x﹣2 B．e2x C．e2x+1 D．e2x+2 【考点】4R：反函数．菁优网版权所有 【专题】11：计算题． 【分析】由函数 y=f（x）的图象与函数 y=ln 的图象关于直线 y=x 对称知这 两个函数互为反函数，故只要求出函数 y=f（x）的反函数即可，欲求原函数 的反函数，即从原函数 y=ln 中反解出 x，后再进行 x，y 互换，即得反函 数的解析式． 2【解答】解：∵ ，∴ ，∴x=（ey﹣1）=e2y﹣2，改写为：y=e2x﹣2 ∴答案为 A． 【点评】本题主要考查了互为反函数图象间的关系及反函数的求法． 　9．（5 分）为得到函数 的图象，只需将函数 y=sin2x 的图象（　　） A．向左平移 C．向左平移 个长度单位 个长度单位 B．向右平移 D．向右平移 个长度单位 个长度单位 【考点】HJ：函数 y=Asin（ωx+φ）的图象变换．菁优网版权所有 【专题】11：计算题． 第 10 页（共 24 页） 【分析】先根据诱导公式将函数 化为正弦的形式，再根据左加右 减的原则进行平移即可得到答案． 【解答】解：∵ ，只需将函数 y=sin2x 的图象向左平移 个单位得到函数 的图象． 故选：A． 【点评】本题主要考查诱导公式和三角函数的平移．属基础题． 　10．（5 分）若直线 A．a2+b2≤1 =1 与圆 x2+y2=1 有公共点，则（　　） B．a2+b2≥1 C． D． 【考点】J9：直线与圆的位置关系．菁优网版权所有 【分析】用圆心到直线的距离小于或等于半径，可以得到结果． 【解答】解：直线与圆有公共点，即直线与圆相切或相交得：d≤r ，∴ ，故选：D． 【点评】本题考查点到直线的距离公式，直线和圆的位置关系，是基础题． 　11．（5 分）已知三棱柱 ABC﹣A1B1C1 的侧棱与底面边长都相等，A1 在底面 ABC 内的射影为△ABC 的中心，则 AB1 与底面 ABC 所成角的正弦值等于（　　） A． B． C． D． 第 11 页（共 24 页） 【考点】LP：空间中直线与平面之间的位置关系．菁优网版权所有 【专题】11：计算题；31：数形结合；4R：转化法；5G：空间角． 【分析】法一：由题意可知三棱锥 A1﹣ABC 为正四面体，设棱长为 2，求出 AB1 及三棱锥的高，由线面角的定义可求出答案； 法二：先求出点 A1 到底面的距离 A1D 的长度，即知点 B1 到底面的距离 B1E 的长 度，再求出 AE 的长度，在直角三角形 AEB1 中求 AB1 与底面 ABC 所成角的正 切，再由同角三角函数的关系求出其正弦． 【解答】解：（法一）因为三棱柱 ABC﹣A1B1C1 的侧棱与底面边长都相等，A1 在 底面 ABC 内的射影为△ABC 的中心，设为 D， 所以三棱锥 A1﹣ABC 为正四面体，设棱长为 2， 则△AA1B1 是顶角为 120°等腰三角形， 所以 AB1=2×2×sin60°=2 ，A1D= =，所以 AB1 与底面 ABC 所成角的正弦值为 ==；（法二）由题意不妨令棱长为 2，点 B1 到底面的距离是 B1E， 如图，A1 在底面 ABC 内的射影为△ABC 的中心，设为 D， 故 DA= ，由勾股定理得 A1D= =故 B1E= ，如图作 A1S⊥AB 于中点 S，过 B1 作 AB 的垂线段，垂足为 F， BF=1，B1F=A1S= ，AF=3， 在直角三角形 B1AF 中用勾股定理得：AB1=2 ，所以 AB1 与底面 ABC 所成角的正弦值 sin∠B1AE= 故选：B． =．第 12 页（共 24 页） 【点评】本题考查了几何体的结构特征及线面角的定义，还有点面距与线面距的 转化，考查了转化思想和空间想象能力． 　12．（5 分）将 1，2，3 填入 3×3 的方格中，要求每行、每列都没有重复数字， 下面是一种填法，则不同的填写方法共有（　　） A．6 种 B．12 种 C．24 种 D．48 种 【考点】D4：排列及排列数公式．菁优网版权所有 【专题】16：压轴题． 【分析】填好第一行和第一列，其他的行和列就确定，因此只要选好第一行的顺 序再确定第一列的顺序，就可以得到符合要求的排列． 【解答】解：填好第一行和第一列， 其他的行和列就确定， 32∴A3 A2 =12， 故选：B． 【点评】排列问题要做到不重不漏，有些题目带有一定的约束条件，解题时要先 考虑有限制条件的元素． 　二、填空题（共 4 小题，每小题 5 分，满分 20 分） 第 13 页（共 24 页） 13．（5 分）若 x，y 满足约束条件 ，则 z=2x﹣y 的最大值为　9　． 【考点】7C：简单线性规划．菁优网版权所有 【专题】11：计算题；13：作图题． 【分析】首先作出可行域，再作出直线 l0：y=2x，将 l0 平移与可行域有公共点， 直线 y=2x﹣z 在 y 轴上的截距最小时，z 有最大值，求出此时直线 y=2x﹣z 经 过的可行域内的点的坐标，代入 z=2x﹣y 中即可． 【解答】解：如图，作出可行域，作出直线 l0：y=2x，将 l0 平移至过点 A 处时， 函数 z=2x﹣y 有最大值 9． 【点评】本题考查线性规划问题，考查数形结合思想． 　14．（5 分）已知抛物线 y=ax2﹣1 的焦点是坐标原点，则以抛物线与两坐标轴的 三个交点为顶点的三角形面积为　2　． 【考点】K8：抛物线的性质．菁优网版权所有 【专题】11：计算题． 【分析】先根据抛物线 y=ax2﹣1 的焦点坐标为坐标原点，求得 a，得到抛物线方 程，进而可知与坐标轴的交点的坐标，进而可得答案． 【解答】解：由抛物线 y=ax2﹣1 的焦点坐标为 坐标原点得， ，则 与坐标轴的交点为（0，﹣1），（﹣2，0），（2，0） 第 14 页（共 24 页） ，则以这三点围成的三角形的面积为 故答案为 2 【点评】本题主要考查抛物线的应用．考查了学生综合运用所学知识，解决实际 问题的能力． 　15．（5 分）在△ABC 中，∠A=90°，tanB= ．若以 A、B 为焦点的椭圆经过点 C ，则该椭圆的离心率 e=　． 【考点】K2：椭圆的定义．菁优网版权所有 【专题】11：计算题；16：压轴题． 【分析】令 AB=4，椭圆的 c 可得，AC=3，BC=5 依据椭圆定义求得 a，则离心率 可得． 【解答】解：令 AB=4，则 AC=3，BC=5 则 2c=4，∴c=2，2a=3+5=8 ∴a=4，∴e= 故答案为 ． 【点评】本题主要考查了椭圆的定义．要熟练掌握椭圆的第一和第二定义． 　16．（5 分）已知菱形 ABCD 中，AB=2，∠A=120°，沿对角线 BD 将△ABD 折起， 使二面角 A﹣BD﹣C 为 120°，则点 A 到△BCD 所在平面的距离等于　． 【考点】MJ：二面角的平面角及求法；MK：点、线、面间的距离计算．菁优网版权所有 【专题】11：计算题；16：压轴题． 【分析】本题考查了立体几何中的折叠问题，及定义法求二面角和点到平面的距 离，我们由已知菱形 ABCD 中，AB=2，∠A=120°，沿对角线 BD 将△ABD 折起 ，使二面角 A﹣BD﹣C 为 120°，及菱形的性质：对角线互相垂直，我们易得∴∠ AOC 即为二面角 A﹣BD﹣C 的平面角，解△AOC 后，OC 边的高即为 A 点到平 第 15 页（共 24 页） 面 BCD 的距离． 【解答】解：已知如下图所示： 设 AC∩BD=O，则 AO⊥BD，CO⊥BD， ∴∠AOC 即为二面角 A﹣BD﹣C 的平面角 ∴∠AOC=120°，且 AO=1， ∴d=1×sin60°= 故答案为： 【点评】根据二面角的大小解三角形，一般先作出二面角的平面角．此题是利用 二面角的平面角的定义作出∠AOC 为二面角 A﹣BD﹣C 的平面角，通过解∠ AOC 所在的三角形求得∠AOC．其解题过程为：作∠AOC→证∠AOC 是二面角 的平面角→利用∠AOC 解三角形 AOC，简记为“作、证、算”． 　三、解答题（共 6 小题，满分 70 分） 17．（10 分）设△ABC 的内角 A、B、C 所对的边长分别为 a、b、c，且 acosB=3 ，bsinA=4． （Ⅰ）求边长 a； （Ⅱ）若△ABC 的面积 S=10，求△ABC 的周长 l． 【考点】HR：余弦定理．菁优网版权所有 第 16 页（共 24 页） 【专题】11：计算题． 【分析】（I）由图及已知作 CD 垂直于 AB，在直角三角形 BDC 中求 BC 的长． （II）由面积公式解出边长 c，再由余弦定理解出边长 b，求三边的和即周长． 【解答】解：（I）过 C 作 CD⊥AB 于 D，则由 CD=bsinA=4，BD=acosB=3 ∴在 Rt△BCD 中，a=BC= =5 （II）由面积公式得 S= ×AB×CD= ×AB×4=10 得 AB=5 又 acosB=3，得 cosB= 由余弦定理得：b= ==2 △ABC 的周长 l=5+5+2 =10+2 答：（I）a=5；（II）l=10+2 【点评】本题主要考查了射影定理及余弦定理． 　18．（12 分）四棱锥 A﹣BCDE 中，底面 BCDE 为矩形，侧面 ABC⊥底面 BCDE，BC=2 ，AB=AC． ，（Ⅰ）证明：AD⊥CE； （Ⅱ）设 CE 与平面 ABE 所成的角为 45°，求二面角 C﹣AD﹣E 的大小． 【考点】LY：平面与平面垂直；MJ：二面角的平面角及求法．菁优网版权所有 【专题】5F：空间位置关系与距离． 【分析】（1）取 BC 中点 F，证明 CE⊥面 ADF，通过证明线面垂直来达到证明线 线垂直的目的． （2）在面 AED 内过点 E 作 AD 的垂线，垂足为 G，由（1）知，CE⊥AD，则∠CGE 即为所求二面角的平面角，△CGE 中，使用余弦定理求出此角的大小． 第 17 页（共 24 页） 【解答】解：（1）取 BC 中点 F，连接 DF 交 CE 于点 O， ∵AB=AC，∴AF⊥BC． 又面 ABC⊥面 BCDE，∴AF⊥面 BCDE，∴AF⊥CE． 再根据 ，可得∠CED=∠FDC． 又∠CDE=90°，∴∠OED+∠ODE=90°， ∴∠DOE=90°，即 CE⊥DF，∴CE⊥面 ADF，∴CE⊥AD． （2）在面 ACD 内过 C 点作 AD 的垂线，垂足为 G． ∵CG⊥AD，CE⊥AD，∴AD⊥面 CEG，∴EG⊥AD， 则∠CGE 即为所求二面角的平面角． 作 CH⊥AB，H 为垂足． ∵平面 ABC⊥平面 BCDE，矩形 BCDE 中，BE⊥BC，故 BE⊥平面 ABC，CH⊂平面 ABC ，故 BE⊥CH，而 AB∩BE=B，故 CH⊥平面 ABE， ∴∠CEH=45°为 CE 与平面 ABE 所成的角． ∵CE= ，∴CH=EH= ．直 角 三 角 形CBH 中 ， 利 用 勾 股 定 理 求 得BH= AH=AB﹣BH=AC﹣1； ==1 ， ∴ 直角三角形 ACH 中，由勾股定理求得 AC2=CH2+AH2=3+（AC﹣1）2，∴AB=AC=2． 由面 ABC⊥面 BCDE，矩形 BCDE 中 CD⊥CB，可得 CD⊥面 ABC， 故△ACD 为直角三角形，AD= ==，故 CG= ==，DG= =，，又 ，则∴，，即二面角 C﹣AD﹣E 的大小 ．第 18 页（共 24 页） 【点评】本题主要考查通过证明线面垂直来证明线线垂直的方法，以及求二面角 的大小的方法，属于中档题． 　19．（12 分）在数列{an}中，a1=1，an+1=2an+2n． （Ⅰ）设 bn= ．证明：数列{bn}是等差数列； （Ⅱ）求数列{an}的前 n 项和 Sn． 【考点】8E：数列的求和；8H：数列递推式．菁优网版权所有 【专题】11：计算题；14：证明题． 【分析】（1）由 an+1=2an+2n 构造可得 即数列{bn}为等差数列 （2）由（1）可求 =n，从而可得 an=n•2n﹣1 利用错位相减求数列{an}的和 【解答】解：由 an+1=2an+2n．两边同除以 2n 得 ∴，即 bn+1﹣bn=1 ∴{bn}以 1 为首项，1 为公差的等差数列 （2）由（1）得 第 19 页（共 24 页） ∴an=n•2n﹣1 Sn=20+2×21+3×22+…+n•2n﹣1 2Sn=21+2×22+…+（n﹣1）•2n﹣1+n•2n ∴﹣Sn=20+21+22+…+2n﹣1﹣n•2n =∴Sn=（n﹣1）•2n+1 【点评】本题考查利用构造法构造特殊的等差等比数列及错位相减求数列的和， 构造法求数列的通项及错位相减求数列的和是数列部分的重点及热点，要注 意该方法的掌握． 　20．（12 分）已知 5 只动物中有 1 只患有某种疾病，需要通过化验血液来确定 患病的动物．血液化验结果呈阳性的即为患病动物，呈阴性即没患病．下面 是两种化验方案： 方案甲：逐个化验，直到能确定患病动物为止． 方案乙：先任取 3 只，将它们的血液混在一起化验．若结果呈阳性则表明患病动 物为这 3 只中的 1 只，然后再逐个化验，直到能确定患病动物为止；若结果 呈阴性则在另外 2 只中任取 1 只化验． 求依方案甲所需化验次数不少于依方案乙所需化验次数的概率． 【考点】C5：互斥事件的概率加法公式．菁优网版权所有 【专题】11：计算题；35：转化思想． 【分析】（解法一）主要依乙所验的次数分类，并求出每种情况下被验中的概率 ，再求甲种方案的次数不少于乙种次数的概率； （解法二）先求所求事件的对立事件即甲的次数小于乙的次数，再求出它包含的 两个事件“甲进行的一次即验出了和甲进行了两次，乙进行了 3 次”的概率， 再代入对立事件的概率公式求解． 【解答】解：（解法一）：主要依乙所验的次数分类： 第 20 页（共 24 页） 若乙验两次时，有两种可能： ①先验三只结果为阳性，再从中逐个验时，恰好一次验中概率为： （也可以用 ）②先验三只结果为阴性，再从其它两只中验出阳性（无论第二次验中没有，均可 以在第二次结束） （）∴乙只用两次的概率为 ．若乙验三次时，只有一种可能： 先验三只结果为阳性，再从中逐个验时，恰好二次验中概率为：∴在三次验出时 概率为 ∴甲种方案的次数不少于乙种次数的概率为： （解法二）：设 A 为甲的次数不小于乙的次数，则 表示甲的次数小于乙的次数 ，则只有两种情况，甲进行的一次即验出了和甲进行了两次，乙进行了 3 次． 则设 A1，A2 分别表示甲在第一次、二次验出，并设乙在三次验出为 B ∴∴【点评】本题考查了用计数原理来求事件的概率，并且所求的事件遇过于复杂的 ，要主动去分析和应用对立事件来处理． 　21．（12 分）已知函数 f（x）=﹣x2+ax+1﹣lnx． （Ⅰ）当 a=3 时，求函数 f（x）的单调递增区间； 第 21 页（共 24 页） （Ⅱ）若 f（x）在区间（0， ）上是减函数，求实数a 的取值范围． 【考点】3D：函数的单调性及单调区间；3E：函数单调性的性质与判断．菁优网版权所有 【专题】16：压轴题． 【分析】（1）求单调区间，先求导，令导函数大于等于 0 即可． （2）已知 f（x）在区间（0， ）上是减函数，即f′（x）≤0 在区间（0， ）上 恒成立，然后用分离参数求最值即可． 【解答】解：（Ⅰ）当 a=3 时，f（x）=﹣x2+3x+1﹣lnx ∴解 f′（x）＞0， 即：2×2﹣3x+1＜0 函数 f（x）的单调递增区间是 ．（Ⅱ）f′（x）=﹣2x+a﹣ ， ∵f（x）在 ∴x∈ 上为减函数， 时﹣2x+a﹣ ≤0 恒成立． 即 a≤2x+ 恒成立． 设，则 ∵x∈ 时， ＞4， ∴g′（x）＜0， ∴g（x）在 上递减， ∴g（x）＞g（ ）=3， ∴a≤3． 【点评】本题考查函数单调性的判断和已知函数单调性求参数的范围，此类问题 一般用导数解决，综合性较强． 第 22 页（共 24 页） 　22．（12 分）双曲线的中心为原点 O，焦点在 x 轴上，两条渐近线分别为 l1，l2， 经过右焦点 F 垂直于 l1 的直线分别交 l1，l2 于 A，B 两点．已知| |、| |、 ||成等差数列，且 与同向． （Ⅰ）求双曲线的离心率； （Ⅱ）设 AB 被双曲线所截得的线段的长为 4，求双曲线的方程． 【考点】KB：双曲线的标准方程；KC：双曲线的性质．菁优网版权所有 【专题】11：计算题；16：压轴题． 【分析】（1）由 2 个向量同向，得到渐近线的夹角范围，求出离心率的范围， 再用勾股定理得出直角三角形的 2 个直角边的长度比，联想到渐近线的夹角， 求出渐近线的斜率，进而求出离心率． （2）利用第（1）的结论，设出双曲线的方程，将 AB 方程代入，运用根与系数 的关系及弦长公式，求出待定系数，即可求出双曲线方程． 【解答】解：（1）设双曲线方程为 ∴渐近线的倾斜角范围为（0， ）， ∴渐近线斜率为： ，由 ，同向， ，∴ ．∵| |、| |、| |成等差数列，∴|OB|+|OA|=2|AB|， ∴|AB|2=（|OB|﹣|OA|）（|OB|+|OA|）=（|OB|﹣|OA|）•2|AB|， ∴，∴，可得： ，而在直角三角形 OAB 中， 注意到三角形 OAF 也为直角三角形，即 tan∠AOB= ， 第 23 页（共 24 页） 而由对称性可知：OA 的斜率为 k=tan ，∴∴，∴2k2+3k﹣2=0，∴ ；，∴ ，∴ ．（2）由第（1）知，a=2b，可设双曲线方程为 ﹣=1，∴c= b． 由于 AB 的倾斜角为 + ∠AOB，故 AB 的斜率为 tan（ + ∠AOB ）=﹣cot（ ∠AOB）=﹣2， ∴AB 的直线方程为 y=﹣2（x﹣ b），代入双曲线方程得：15×2﹣32 bx+84b2=0 ，∴x1+x2= ∴，x1•x2= •，4= =•，即16= ﹣112b2， ∴b2=9，所求双曲线方程为： ﹣=1． 【点评】做到边做边看，从而发现题中的巧妙，如据 ，联想到对应的是 2 渐近线的夹角的正切值，属于中档题． 第 24 页（共 24 页）