浙江省宁波市2019年中考数学真题试题（含解析）

浙江省宁波市 2019年中考数学试卷一、选择题（每小题 4分，共 48分） 1.-2的绝对值为（）A. B. 2 C. D. -2 【答案】 B 【考点】绝对值及有理数的绝对值【解析】【解答】解：∣-2∣=2. 故答案为：B 【分析】因为一个负数的绝对值等于它的相反数，而-2的相反数是 2，所以-2的绝对值等于 2。 2.下列计算正确的是（）A. B. C. D. 【答案】 D 【考点】同底数幂的乘法，同底数幂的除法，合并同类项法则及应用，幂的乘方【解析】【解答】解：A、∵a²和 a³不是同类项，∴不能加减，故此答案错误,不符合题意； B、 ∵ ，∴此答案错误，不符合题意； C、 ∵ ，∴此答案错误，不符合题意；，∴此答案正确，符合题意。 D、 ∵ 故答案为：D 【分析】（1）因为 a³与 a²不是同类项，所以不能合并；（2）根据同底数幂相乘，底数不变，指数相加可判断求解；（3）根据幂的乘方，底数不变，指数相乘可判断求解；（4）根据同底数幂相除，底数不变，指数相减可判断求解。 3.宁波是世界银行在亚洲地区选择的第一个开展垃圾分类试点项目的城市，项目总投资 1526000000元人民币数 1526000000用科学记数法表示为（）A. B. C. D. 【答案】 C 【考点】科学记数法—表示绝对值较大的数【解析】【解答】解：。故答案为：C 1【分析】任何一个绝对值大于等于 1的数都可以用科学记数法表示，科学记数法的表示形式为 a×10n ，其中1≤|a|＜10，n=整数位数-1. 4.若分式有意义，则 x的取值范围是（ B. x≠2 C. x≠0 ）A. x>2 D. x≠-2 【答案】 B 【考点】分式有意义的条件【解析】【解答】解：由题意得：x-2≠0，解得：x≠2. 故答案为：B 【分析】分式有意义的条件是：分母不为 0，从而列出不等式，求解即可。 5.如图，下列关于物体的主视图画法正确的是（）ABCD【答案】 C 【考点】简单几何体的三视图【解析】【解答】解：主视图是从正面看这个几何体得到的正投影，空心圆柱从正面看是一个长方形，加两条虚竖线。故答案为：C。【分析】简单几何体的三视图，就是分别从正面向后看，从左面向右看，从上面向下看得到的正投影，能看见的轮廓线需要画成实线，看不见但又存在的轮廓线需要画为虚线，故空心圆柱的主视图应该是一个长方形，加两条虚竖线。 6.不等式的解为（）A. B. C. D. 【答案】 A 【考点】解一元一次不等式 2【解析】【解答】解：去分母得：3-x﹥2x，移项得：-x-2x﹥-3，合并同类项得：-3x﹥-3，系数化为 1得：x﹤1. 故答案为：A 【分析】解不等式的步骤是：去分母、移项、合并同类项、系数化为 1.根据解不等式的步骤计算即可求解。 7.能说明命题“关于 x的方程 x2-4x+m=0一定有实数根”是假命题的反例为（）A. m=-1 B. m=0 C. m=4 D. m=5 【答案】 D 【考点】一元二次方程根的判别式及应用【解析】【解答】解：∵b²-4ac=(-4)²-4×1×m≥0，解不等式得：x≤4，由一元二次方程的根的判别式可知：当 x≤4 时，方程有实数根， ∴当 m=5时，方程 x²-4x+m=0没有实数根。故答案为：D 【分析】由一元二次方程的根的判别式可知，当 b²-4ac=(-4)²-4×1×m≥0 时，方程有实数根，解不等式可得 m的范围，则不在 m的取值范围内的值就是判断命题是假命题的值。 8.去年某果园随机从甲、乙、丙、丁四个品种的葡萄树中各采摘了 10棵，每棵产量的平均数 x（单位：千克）及方差 S2（单位：千克 2）如下表所示：甲乙丙丁 x 24 24 2320 S2 2.1 1.9 21.9 今年准备从四个品种中选出一种产量既高又稳定的葡萄树进行种植，应选的品种是（）A. 【答案】 B 【考点】平均数及其计算，方差甲B. 乙C. 丙D. 丁【解析】【解答】解：∵从平均数可知：甲、乙比丙和丁大，∴排除选项 C和 D；从方差看，乙的方差比甲的小，∴排除选项 A。故答案为：B 【分析】因为平均数越大，产量越高，所以 A和 B符合题意；方差越小，波动越小，产量越稳定，所以 B、D符合题意，综合平均数和方差可选 B。 9.已知直线 m∥n，将一块含 45°角的直角三角板 ABC按如图方式放置，其中斜边 BC与直线 n交于点 3D.若∠1=25°，则∠2 的度数为（）A. 60° B. 65° C. 70° D. 75° 【答案】 C 【考点】平行线的性质，三角形的外角性质【解析】【解答】解：设直线 n与 AB的交点为 E。 ∵∠AED 是△BED 的一个外角， ∴∠AED=∠B+∠1， ∵∠B=45°，∠1=25°， ∴∠AED=45°+25°=70° ∵m∥n， ∴∠2=∠AED=70°。故答案为：C。【分析】设直线 n与 AB的交点为 E。由三角形的一个外角等于和它不相邻的两个内角的和可得 ∠AED=∠B+∠1，再根据两直线平行内错角相等可得∠2=∠AED 可求解。 10.如图所示，矩形纸片 ABCD中，AD=6cm，把它分割成正方形纸片 ABFE和矩形纸片 EFCD后，分别裁出扇形 ABF和半径最大的圆，恰好能作为一个圆锥的侧面和底面，则 AB的长为（）A. 3.5cm B. 4cm C. 4.5cm D. 5cm 【答案】 B 【考点】圆锥的计算【解析】【解答】解：设 AB=x，由题意，得，解得 x=4. 故答案为：B。【分析】设 AB=x，根据扇形的弧长计算公式算出弧 AF的长，根据该弧长等于直径为（6-x）的圆的 4周长，列出方程，求解即可。 11.小慧去花店购买鲜花，若买 5支玫瑰和 3支百合，则她所带的钱还剩下 10元；若买 3支玫瑰和 5 支百合，则她所带的钱还缺 4元.若只买 8支玫瑰，则她所带的钱还剩下（）A. 31元 B. 30元 C. 25元 D. 19元【答案】 A 【考点】三元一次方程组解法及应用【解析】【解答】解：设玫瑰花每支 x元，百合花每支 y元，小慧带的钱数是 a元，由题意，得，将两方程相减得 y-x=7， ∴y=x+7, 将 y=x+7代入 5x+3y=a-10 得 8x=a-31， ∴若只买 8支玫瑰花，则她所带的钱还剩 31元。故答案为：A 【分析】设玫瑰花每支 x元，百合花每支 y元，小慧带的钱数是 a元，根据若买 5支玫瑰花和 3支百合花所带的钱还剩 10元，若买 3支玫瑰花和 5支百合花所带的钱还差 4元，列出方程组，根据等式的性质，将两个等式相减即可得出 y-x=7,即 y=x+7,将 y=x+7代入其中的一个方程，即可得出 8x=a-31. 从而得出答案。 12.勾股定理是人类最伟大的科学发现之一，在我国古算书《周醉算经》中早有记载。如图 1，以直角三角形的各边为边分别向外作正方形，再把较小的两张正方形纸片按图 2的方式放置在最大正方形内.若知道图中阴影部分的面积，则一定能求出（）A. 直角三角形的面积 C. 较小两个正方形重叠部分的面积【答案】 C B. 最大正方形的面积 D. 最大正方形与直角三角形的面积和【考点】勾股定理的应用【解析】【解答】解：根据勾股定理及正方形的面积计算方法可知：较小两个直角三角形的面积之和 5=较大正方形的面积，所以将三个正方形按图 2方式放置的时候，较小两正方形重叠部分的面积=阴影部分的面积，所以知道了图 2阴影部分的面积即可知道两小正方形重叠部分的面积。故答案为：C 【分析】根据勾股定理及正方形面积的计算方法可知：将三个正方形按图 2方式放置的时候，较小两正方形重叠部分的面积=阴影部分的面积，从而即可得出答案。二、填空题（每小题 4分，共 24分） 13.请写出一个小于 4的无理数：________ 【答案】答案不唯一如，π 等【考点】实数大小的比较，无理数的认识【解析】【解析】解：开放性的命题，答案不唯一，如等。故答案为：不唯一，如等。【分析】无理数就是无限不循环的小数，常见的无理数有三类：①开方开不尽的数，② 的倍数的数， ③像 0.1010010001…（两个 1之间依次多一个 0）这类有规律的数，根据定义，只要写出一个比 4小的无理数即可。 14.分解因式：x2+xy=________．【答案】x（x+y）【考点】因式分解-提公因式法【解析】【解答】解：x2+xy=x（x+y）．【分析】直接提取公因式 x即可． 15.袋中装有除颜色外其余均相同的 5个红球和 3个白球.从袋中任意摸出一个球，则摸出的球是红球的概率为________. 【答案】【考点】简单事件概率的计算【解析】【解答】解： .故答案为： . 【分析】袋中有 8个小球，它们除颜色不同外其他的都相同，其中红色的小球共有 5个，故从中摸出一个共有 8种等可能的结果，其中能摸出红球的只有 5种等可能的结果，根据概率公式即可算出答案。 16.如图，某海防响所 O发现在它的西北方向，距离哨所 400米的 A处有一般船向正东方向航行，航行一段时间后到达哨所北偏东 60°方向的 B处，则此时这般船与哨所的距离 OB约为________米。 6（精确到 1米，参考数据： =1.414， ≈1.732）【答案】 566 【考点】解直角三角形的应用﹣方向角问题【解析】【解答】解：设 AB与正北方向线相交于点 C，根据题意 OC⊥AB,所以∠ACO=90°，在 Rt△ACO 中，因为∠AOC=45°，所以 AC=OC= ,Rt△BCO 中，因为∠BOC=60°，所以 OB=OC÷cos60°=400 故答案为：566 。 =400×1.414≈566（米）。【分析】根据等腰直角三角形的性质得出，Rt△BCO 中，根据锐角三角函数的定义，由 OB=OC÷cos60°即可算出答案。 17.如图，Rt△ABC 中，∠C=90°，AC=12，点 D在边 BC上，CD=5,BD=13.点 P是线段 AD上一动点，当半径为 6的 OP与△ABC 的一边相切时，AP的长为________. 【答案】或【考点】勾股定理，切线的性质，相似三角形的判定与性质 7【解析】【解答】解：在 Rt△ACD 中，∠C=90°，AC=12,CD=5, ∴AD=13；在 Rt△ACB 中，∠C=90°，AC=12,BC=CD+DB=18, ∴AB=6 过点 D作 DM⊥AB 于点 M，∵AD=BD=13, ∴AM= ；;在 Rt△ADM 中，∵AD=13,AM= , ∴DM= ；∵当点 P运动到点 D时，点 P到 AC的距离最大为 CD=5＜6， ∴半径为 6的⊙P 不可能与 AC相切；当半径为 6的⊙P 与 BC相切时，设切点为 E，连接 PE， ∴PE⊥BC,且 PE=6， ∵PE⊥BC，AC⊥BC, ∴PE∥AC, ∴△ACD∽△PED， ∴PE∶AC=PD∶AD, 即 6∶12=PD∶13, ∴PD=6.5, ∴AP=AD-PD=6.5; 当半径为 6的⊙P 与 BA相切时，设切点为 F，连接 PF， ∴PF⊥AB,且 PF=6， ∵PF⊥BA，DM⊥AB, ∴DM∥PF, ∴△APF∽△ADM， ∴AP∶AD=PF∶DM 即 AP∶13=6∶ ∴AP= ,,综上所述即可得出 AP的长度为：故答案为：【分析】根据勾股定理算出 AD,AB的长，过点 D作 DM⊥AB 于点 M，根据等腰三角形的三线合一得出 AM 的长，进而再根据勾股定理算出 DM的长；然后分类讨论：当点 P运动到点 D时，点 P到 AC的距离最大为 CD=5＜6，故半径为 6的⊙P 不可能与 AC相切；当半径为 6的⊙P 与 BC相切时，设切点为 E，连接 PE，根据切线的性质得出 PE⊥BC,且 PE=6，根据同一平面内垂直于同一直线的两条直线互相平行得出 PE∥AC,根据平行于三角形一边的直线截其它两边，所截的三角形与原三角形相似得出 8△ACD∽△PED，根据相似三角形对应边成比例得出 PE∶AC=PD∶AD,由比例式即可求出 PD的长，进而即可算出 AP的长；当半径为 6的⊙P 与 BA相切时，设切点为 F，连接 PF，根据切线的性质得出 PF⊥BC,且 PF=6，根据同一平面内垂直于同一直线的两条直线互相平行得出 DM∥PF,根据平行于三角形一边的直线截其它两边，所截的三角形与原三角形相似得出△APF∽△ADM，根据相似三角形对应边成比例得出 AP∶AD=PF∶DM,由比例式即可求出 AP的长,综上所述即可得出答案。 18.如图，过原点的直线与反比例函数 y= （k>0)的图象交于 A，B两点，点 A在第一象限点 C在 x 轴正半轴上，连结 AC交反比例函数图象于点 D.AE为∠BAC 的平分线，过点 B作 AE的垂线，垂足为 E，连结 DE.若 AC=3DC，△ADE 的面积为 8，则 k的值为________. 【答案】 6 【考点】反比例函数系数 k的几何意义，平行线的判定与性质，三角形的面积，直角三角形斜边上的中线，相似三角形的判定与性质【解析】【解答】解：连接 OE，OD,过点 A作 AN⊥x 轴于点 N，过点 D作 DM⊥x 轴于点 M，根据正比例函数与反比例函数的对称性得出 OA=OB， ∵BE⊥AE，∴∠AEB=90°，在 Rt△ABE 中，∵AO=BO， ∴OE=OA, ∴∠OEA =∠OAE, ∵AE 平分∠BAC， ∴∠OAE=∠CAE, ∴∠CAE=∠OEA, ∴OE∥AC, ∴△ADO 的面积=△ADE 的面积， ∵△ADO 的面积=梯形 ADMN的面积， ∴梯形 ADMN的面积=8， ∵AN⊥x 轴，DM⊥x 轴， ∴AN∥DM, ∴△CDM∽△CAN, 9∴DM∶AN=CD∶AC=1∶3, ∴设 DM为 a，则 AN=3a, ∴A( ,3a)，D（，a） ∴ON= ,OM= ,MN=OM-ON= ;∵梯形 ADMN的面积=(a+3a) ·MN×=8, ∴k=6. 故答案为：6 【分析】连接 OE，OD,过点 A作 AN⊥x 轴于点 N，过点 D作 DM⊥x 轴于点 M，根据正比例函数与反比例函数的对称性得出 OA=OB，根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得出 OE=OA,根据等边对等角及角平分线的定义得出∠CAE=∠OEA, 根据内错角相等二直线平行得出OE∥AC, 根据同底等高的三角形的面积相等得出△ADO 的面积=△ADE 的面积，根据反比例函数 k的几何意义及割补法得出△ADO 的面积=梯形 ADMN的面积，从而得出梯形 ADMN的面积=8，根据同一平面内垂直于同一直线的两条直线互相平行得出 AN∥DM,根据平行于三角形一边的直线截其它两边，所截的三角形与原三角形相似得出△CDM∽△CAN,根据相似三角形对应边成比例得出 DM∶AN=CD∶AC=1∶3,设 DM为 a，则 AN=3a,进而表示出 A,D两点的坐标，得出 ON,OM,MN的长，再根据梯形的面积计算方法建立方程，求解即可。三、解答题（本大题有 8小题，共 78分) 19.先化简，再求值：（x-2）（x+2）-x（x-1)，其中 x=3. 【答案】解：原式=x2-4-x2+x =x-4 当 x=3时，原式=3-4=-1 【考点】利用整式的混合运算化简求值【解析】【分析】根据平方差公式及单项式乘以多项式法则去括号，再合并同类项化为最简形式，然后代入 x的值算出答案。 20.图 1，图 2都是由边长为 1的小等边三角形构成的网格，每个网格图中有 5个小等边三角形已涂上阴影，请在余下的空白小等边三角形中，按下列要求选取一个涂上阴影： 10 （1）使得 6个阴影小等边三角形组成一个轴对称图形。（2）使得 6个阴影小等边三角形组成一个中心对称图形。（请将两个小题依次作答在图 1，图 2中，均只需画出符合条件的一种情形）【答案】（1）解：画出下列其中一种即可（2）解：画出下列其中一种即可【考点】轴对称图形，中心对称及中心对称图形【解析】【分析】（1）开放性的命题，答案不唯一，把一个平面图形沿着某一条直线折叠，直线两旁的部分能完全重合的几何图形就是轴对称图形，根据定义即可给合适的三角形填上颜色；（2）开放性的命题，答案不唯一：根据把一个图形绕着某一点旋转 180°后能与其自身重合的图形就是中心对称图形即可给合适的三角形填上颜色，从而解决问题。 21.今年 5月 15日，亚洲文明对话大会在北京开幕.为了增进学生对亚洲文化的了解，某学校开展了相关知识的宣传教育活动。为了解这次宣传活动的效果，学校从全校 1200名学生中随机抽取 100名学生进行知识测试（测试满分 100分，得分均为整数），并根据这 100人的测试成绩，制作了如下统计图表。 11 由图表中给出的信息回答下列问题：（1）m=________，并补全额数直方图________；（2）小明在这次测试中成绩为 85分，你认为 85分一定是这 100名学生知识测试成绩的中位数吗?请简要说明理由；（3）如果 80分以上（包括 80分）为优秀，请估计全校 1200名学生中成绩优秀的人数. 【答案】（1）20；（2）解：不一定是，理由：将 100名学生知识测试成绩从小到大排列，第 50名与第 51名的成绩都在分数段 80sa<90中，但它们的平均数不一定是 85分（3）解： ×1200=60（人）. 答：全校 1200名学生中，成绩优秀的约有 660人【考点】用样本估计总体，频数（率）分布表，频数（率）分布直方图【解析】【解答】解：（1）m=100-10-15-40-15=20（人）, 故答案为：20. 补全频数直方图如下： 12 【分析】（1）用样本容量分别减去成绩是 50≤x＜60,60≤x＜70,80≤x＜90,90≤x≤100,各组的频数即可算出 m的值，根据 m的值即可补全直方图；（2）不一定，将样本中的 100名同学的测试成绩按从小到大排列后，第 50名与 51名的成绩都在 80≤x＜90分数段，但这两个成绩的平均数不一定是 85分，故不确定；（3）用样本估计总体，用全校的学生总人数乘以样本中成绩是 80及以上同学所占的百分比即可估计出全校学生中成绩优秀的学生人数。 22.如图，已知二次函数 y=x2+ax+3的图象经过点 P(-2，3）. （1）求 a的值和图象的顶点坐标。（2）点 Q（m，n)在该二次函数图象上. ①当 m=2时，求 n的值； ②若点 Q到 y轴的距离小于 2，请根据图象直接写出 n的取值范围. 【答案】（1）解：把 P（-2，3）代入 y=x2+ax+3，得 3=（-2）2-2a+3，解得 a=2. ∵y=x2+2x+3=(x+1）2+2， ∴顶点坐标为（-1，2）（2）解：①把 x=2代入 y=x2+2x+3，求得 y=11， ∴当 m=2时，n=11. ②2≤<11 【考点】待定系数法求二次函数解析式，二次函数 y=ax^2+bx+c的性质【解析】【分析】（1）将点 P的坐标代入抛物线即可算出 a的值，从而求出抛物线的解析式，再将抛物线的解析式配成顶点式，即可求出其顶点坐标； 13 （2）将点 Q的横坐标 x=2代入（1）所求的抛物线的解析式即可算出对应的函数值，该值就是 n的值；（3）由于该函数顶点坐标是（-1,2），且函数开口向上，点 Q的横坐标横坐标是 2的时候，对应的函数值是 11，故点 Q到到 y轴的距离小于 2的时候，对应的函数值 n的取值范围是 2≤n＜11. 23.如图，矩形 EFGH的顶点 E，G分别在菱形 ABCD的边 AD，BC上，顶点 F、H在菱形 ABCD的对角线 BD 上. （1）求证：BG=DE；（2）若 E为 AD中点，FH=2，求菱形 ABCD的周长。【答案】（1）证明：在矩形 EFGH中，EH=FG，EH//FG. ∴∠GFH=∠EHF. ∵∠BFG=180°-∠GFH，∠DHE=180°-∠EHF, ∴∠BFG=∠DHE. 在菱形 ABCD中，AD//BC. ∴∠GBF=∠EDH. ∴△BGFS△DEH(AAS). ∴BG=DE （2）解：如图，连结 EG. 在菱形 ABCD中，AD BC. ∵E 为 AD中点， ∴AE=ED. ∵BG=DE， 14 ∴AE BG. ∴四边形 ABGE为平行四边形。 ∴AB=EG. 在矩形 kGH中，EG=FH=2. ∴AB=2. ∴菱形的周长为 8. 【考点】全等三角形的判定与性质，平行四边形的判定与性质，菱形的性质，矩形的性质【解析】【解析】（1）证明：在矩形 EFGH中，EH=FG，EH//FG. ∴∠GFH=∠EHF. ∵∠BFG=180°-∠GFH，∠DHE=180°-∠EHF, ∴∠BFG=∠DHE. 在菱形 ABCD中，AD//BC. ∴∠GBF=∠EDH. ∴△BGF△DEH(AAS). ∴BG=DE （2）解：如图，连结 EG. 在菱形 ABCD中，AD BC. ∵E 为 AD中点， ∴AE=ED. ∵BG=DE， ∴AE BG. ∴四边形 ABGE为平行四边形。 ∴AB=EG. 在矩形 EFGH中，EG=FH=2. 15 ∴AB=2. ∴菱形的周长为 8. 【分析】（1）根据矩形的性质得出 EH=FG，EH∥FG，根据二直线平行，内错角相等得出 ∠GFH=∠EHF，根据等角的补角相等得出∠BFG=∠DHE,根据菱形的性质得出 AD∥BC，根据二直线平行，内错角相等得出∠GBF=∠EDH,从而利用 AAS判断出△BGF≌△DEH,根据全等三角形对应边相等得出 BG=DE；（2）连接 EG，根据菱形的性质得出 AD∥BC,AD=BC，从而推出 AE∥BG,AE=BG,根据一组对边平行且相等的四边形是平行四边形得出：四边形 ABGE是平行四边形，根据平行四边形的对边相等得出 AB=EG，根据矩形的对角线相等得出 EG=FH=2，故 AB=2，从而根据菱形的周长的计算方法即可算出答案。 24.某风景区内的公路如图 1所示，景区内有免费的班车，从入口处出发，沿该公路开往草甸，途中停靠塔林（上下车时间忽略不计）.第一班车上午 8点发车，以后每隔 10分钟有一班车从入口处发车. 小聪周末到该风景区游玩，上午 7：40到达入口处，因还没到班车发车时间，于是从景区入口处出发，沿该公路步行 25分钟后到达塔林。离入口处的路程 y（米）与时间 x（分)的函数关系如图 2所示. （1）求第一班车离入口处的路程 y（米）与时间 x（分）的函数表达式（2）求第一班车从人口处到达塔林所蓄的时间。（3）小聪在塔林游玩 40分钟后，想坐班车到草甸，则小聘最早能够坐上第几班车?如果他坐这班车到草甸，比他在塔林游玩结束后立即步行到草甸提早了几分钟?（假设每一班车速度均相同，小聪步行速度不变）【答案】（1）解：由题意得，可设函数表达式为：y=kx+b（k≠0). 把（20，0），（38，2700）代入 y=kx+b，得，解得 ∴第一班车离入口处的路程 y（米）与时间 x(分）的函数表达式为 y=150x-3000（（注：x的取值范围对考生不作要求） ). （2）解：把 y=1500代入 y=150x-3000，解得 x=30， 16 30-20=10（分）。 ∴第一班车到塔林所需时间 10分钟. （3）解：设小聪坐上第 n班车. 30-25+10（n-1）≥40，解得 n≥4.5， ∴小聪最早坐上第 5班车. 等班车时间为 5分钟，坐班车所需时间：1200+150=8(分）， ∴步行所需时间：1200+（1500+25）=20(分） 20-（8+5）=7(分）。 ∴小聪坐班车去草甸比他游玩结束后立即步行到达草甸提早 7分钟。【考点】一元一次不等式的应用，一次函数的实际应用，通过函数图象获取信息并解决问题【解析】【分析】（1）利用待定系数法即可求出第一班车离入口的路程 y与时间 x的函数关系式；（2）将 y=1500代入（1）所求的函数解析式即可算出对应的自变量的值，进而再用该值减去该函数起点的横坐标即可得出答案；（3）设小聪能坐上第 n班车，由于两班车的发车时间间隔 10分钟，且每班车从入口行到塔林需要 10 分钟，则第 n班车到达塔林时，时间已经过了 10n分，由于小聪比第一班车早出发 20分钟，从入口到塔林用时 25分，在塔林玩了 40分钟，故第 n班车到达塔林的时间应该不少于 45分钟，从而列出不等式求解再取出最小整数解即可；班车的速度是 1500÷10=150米每分，小聪的速度是 1500÷25=60 米每分，用小聪直接去草甸的时间-小聪等车的时间-坐车去草甸的时间即可算出小聪节约的时间。 25.定义：有两个相邻内角互余的四边形称为邻余四边形，这两个角的夹边称为邻余线. （1）如图 1，在△ABC 中，AB=AC，AD是△ABC 的角平分线，E，F分别是 BD，AD上的点. 求证：四边形 ABEF是邻余四边形。（2）如图 2，在 5×4的方格纸中，A，B在格点上，请画出一个符合条件的邻余四边形 ABEF，使 AB 是邻余线，E，F在格点上，（3）如图 3，在（1）的条件下，取 EF中点 M，连结 DM并延长交 AB于点 Q，延长 EF交 AC于点 N. 若 N为 AC的中点，DE=2BE，QB=3，求邻余线 AB的长。【答案】（1）解：∵AB=AC，AD是△ABC 的角平分线， 17 ∴AD⊥BC. ∴∠ADB=900. ∴∠DAB+∠DBA=90°. ∴∠FAB 与∠EBA 互余. ∴四边形 ABEF是邻余四边形（2）解：如图所示（答案不唯一）（3）解：∵AB=AC，AD是△ABC 的角平分线， ∴BD=CD. ∵DE=2BE， ∴BD=CD=3BE. ∴CE=CD+DE=5BE. ∵∠EDF=90°，M为 EF中点， ∴DM=ME. ∴∠MDE=∠MED. ∵AB=AC， ∴∠B=∠C. ∴△DBQ∽△AECN. ∵∵QB=3，∴NC=5. ∵AN=CN， ∴AC=2CN=10. ∴AB=AC=10. 【考点】等腰三角形的性质，直角三角形斜边上的中线，相似三角形的判定与性质，直角三角形的性质【解析】【解析】（1）解：∵AB=AC，AD是△ABC 的角平分线， 18 ∴AD⊥BC. ∴∠ADB=90° ∴∠DAB+∠DBA=90°. ∴∠FAB 与∠EBA 互余. ∴四边形 ABEF是邻余四边形【分析】（1）根据等腰三角形的三线合一得出 AD⊥BC，故∠ADB=90°，根据直角三角形的两锐角互余得出∠FAB+∠EBA=90°，根据邻余四边形的定义即可得出结论：四边形 ABEF是邻余四边形；（2）开放性的命题，答案不唯一：在过点 A的水平线与过点 B的竖直线上各取一个格点 F，E再顺次连接 A,F,E,B即可得出所求的邻余四边形；（3）根据等腰三角形的三线合一得出 BD=CD，进而得出 CE=5BE，根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得出 DM=ME，根据等边对等角得出∠MDE=∠MED，∠B=∠C，根据有两组角对应相等的两个三角形相似得出△DBQ∽△ECN，根据相似三角形对应边成比例得出 QB∶NC=BD∶CE=3∶5,根据比例式得出 NC的长，进而即可得出 AC的长，最后根据 AB=AC即可得出答案。 26.如图 1， O经过等边△ABC 的顶点 A，C（圆心 O在△ABC 内），分别与 AB，CB的延长线交于点 D，E，连结 DE，BF⊥EC 交 AE于点 F. （1）求证：BD=BE. （2）当 AF：EF=3:2，AC=6时，求 AE的长。（3）设 =x,tan∠DAE=y. ①求 y关于 x的函数表达式； ②如图 2，连结 OF,OB，若△AEC 的面积是△OFB 面积的 10倍，求 y的值【答案】（1）证明：∵△ABC 为等边三角形， ∴∠BAC=∠C=60 . ∵∠DEB=∠BAC=60 ,∠D=∠C=60 ∴∠DEB=∠D. ∴BD=BE （2）解：如图，过点 A作 AG⊥EC 于点 G. 19 ∵△ABC 为等边三角形，AC=6， ∴BG= BC= AC=3. ∴在 Rt△ABG 中，AG= ∵BF⊥EC， BG=3 .∴BF∥AG. ∵AF:EF=3:2, ∴BE= BG=2. ∴EG=BE+BG=3+2=5. ∴在 Rt△AEG 中，AE= .（3）解：①如图，过点 E作 EH⊥AD 于点 H. ∵∠EBD=∠ABC=60°, ∴在 Rt△BEH 中， =sin60 = .∴20 ∴∵BG=xBE. ∴AB=BC=2BG-2xBE. ∴AH-AB+BH=2xBE+ BE=(2x+ )BE. ∴在 Rt△AHE 中,tan = y= ②如图，过点 O作 OM⊥EC 于点 M. 设 BE=a. ∵∴CG=BG=xBE=x. ∴EC=CG+BG+BE=a+2ax. ∴AM= EC= a+ax. ∴BM=EM-BE=ax- a ∵BF∥AG ∴△EBF∽△EGA. ∴∵AG= BG= ax ∴BF= AG= ∴△OFB 的面积= ∴△AEC 的面积= ∵△AEC 的面积是△OFB 的面积 10倍 ∴∴21 解得 ∴【考点】圆的综合题【解析】【分析】（1）根据等边三角形的三个内角都等于 60°得出∠BAC=∠C=60°，根据同弧所对的圆周角相等得出∠DEB=∠BAC=60°,∠D=∠C=60°,故∠DEB=∠D,根据等角对等边得出 BD=BE；（2）如图，过点 A作 AG⊥EC 于点 G，根据等边三角形的三线合一得出 BG=3，在 Rt△ABG 中，根据含 30°角的直角三角形的边之间的关系得出 AG的长，根据同一平面内垂直于同一直线的两条直线互相平行得出 BF∥AG，根据平行线分线段成比例定理得出∶EF=BG∶EB,根据比例式即可算出 EG的长，最后在 Rt△AEG 中，根据勾股定理即可算出 AE的长；（3）①如图，过点 E作 EH⊥AD 于点 H，在 Rt△BEH 中，根据锐角三角函数的定义，及特殊锐角三角函数值得出 EH= ,由于 BG∶EB=AF∶EF=x，故 BG=xBE，AB=2xBE,最后根据 AH=AB+BH表示出 AH，在 Rt△AHE 中，根据正切函数的定义，由 tan∠EAO=EH∶AH,即可建立出函数关系式；②如图，过点 O作 OM⊥EC 于点 M，设 BE为 a，根据 BG∶EB=AF∶EF=x，得出 CG=BG=xBE=ax，故 EC=CG+BG+BE=a+2ax,根据垂径定理得出 EM的长，进而根据线段的和差表示出 BM的长，根据平行于三角形一边的直线，截其它两边，所截的三角形与原三角形相似得出△EBF∽△EGA，根据相似三角形的对应边成比例表示出 BF的长，根据三角形的面积计算公式分别表示出△OFB 的面积及△AEC 的面积，然后根据△AEC 的面积是△OFB 的面积的 10倍建立方程，求解算出 x的值，进而即可得出答案。 22 试卷分析部分 1. 试卷总体分布分析总分：147分客观题（占比）主观题（占比）客观题（占比）主观题（占比） 48（32.7%） 99（67.3%） 12（46.2%） 14（53.8%）分值分布题量分布 2. 试卷题量分布分析大题题型题目量（占比） 12（46.2%） 6（23.1%）分值（占比） 48（32.7%） 21（14.3%）选择题（每小题 4分，共 48分）填空题（每小题 4分，共 24分）解答题（本大题有 8小题，共 78 分) 8（30.8%） 78（53.1%） 3. 试卷难度结构分析序号难易度占比 23 123容易普通困难 30.8% 57.7% 11.5% 4. 试卷知识点分析序号知识点（认知水平）分值（占比）对应题号绝对值及有理数的绝对值 14（1.3%） 1234同底数幂的乘法幂的乘方 4（1.3%） 4（1.3%） 4（1.3%） 222同底数幂的除法合并同类项法则及应用564（1.3%） 4（1.3%） 23科学记数法—表示绝对值较大的数 789分式有意义的条件简单几何体的三视图解一元一次不等式 4（1.3%） 4（1.3%） 4（1.3%） 45624 一元二次方程根的判别式及应用 10 4（1.3%） 711 12 13 14 15 平均数及其计算方差 4（1.3%） 4（1.3%） 4（1.3%） 4（1.3%） 4（1.3%） 88平行线的性质三角形的外角性质圆锥的计算 9910 三元一次方程组解法及应用 16 4（1.3%） 11 17 18 19 20 21 勾股定理的应用实数大小的比较 4（1.3%） 4（1.3%） 4（1.3%） 1（0.3%） 4（1.3%） 12 13 13 14 15 无理数的认识提公因式法因式分解简单事件概率的计算解直角三角形的应用 ﹣方向角问题 22 23 4（1.3%） 4（1.3%） 16 17 切线的性质 25 相似三角形的判定与性质 24 25 26 20（6.3%） 4（1.3%） 4（1.3%） 17,18,25 勾股定理 17 18 反比例函数系数 k的几何意义 27 28 平行线的判定与性质三角形的面积 4（1.3%） 4（1.3%） 18 18 直角三角形斜边上的中线 29 30 31 16（5.1%） 6（1.9%） 8（2.5%） 18,25 利用整式的混合运算化简求值 19 中心对称及中心对称图形 20 32 33 34 35 36 轴对称图形用样本估计总体频数（率）分布表频数（率）分布直方图二次函数 8（2.5%） 8（2.5%） 8（2.5%） 8（2.5%） 10（3.2%） 20 21 21 21 22 26 y=ax^2+bx+c的性质待定系数法求二次函数解析式 37 38 10（3.2%） 10（3.2%） 22 23 全等三角形的判定与性质 39 40 菱形的性质矩形的性质 10（3.2%） 10（3.2%） 23 23 平行四边形的判定与性质 41 42 43 10（3.2%） 10（3.2%） 10（3.2%） 23 24 24 一次函数的实际应用通过函数图象获取信息并解决问题一元一次不等式的应用44 10（3.2%） 24 45 46 47 等腰三角形的性质直角三角形的性质圆的综合题 12（3.8%） 12（3.8%） 14（4.4%） 25 25 26 27 28